免费注册 登录
»教育专区»初中教育»理化生»物理»2017全国各地中考真题分类之电功率.doc
收起/展开

2017全国各地中考真题分类之电功率

文档类型:doc 上传时间:2018-05-21 文档页数:71页 文档大小:8.62 M 文档浏览:6766次 文档下载:0次 所需积分:0 学币 文档评分:3.0星

2017全国各地中考真题分类之电功率内容摘要: 物理科 2017 年中考试题分类解析表(不要调整表格)序号 考地标注 试题及其解析191(2017·成都中考)(2017·成都中考)9.(2 分)关于家里的用电器,下列数据最符合实际的是()A.白炽灯的正常工作电流约为 0.1AB.遥控器的干电池电压约为 220VC.空调制冷时的功率约为 10WD.电扇正常工作 1h 耗电约为 1KW•h解析:选 A.白炽灯的额定功率为 40W,正常工作电流约为 I= =≈0.18A,0.1A 相差不大,故 A 符合实际;遥控器的干电池电压约为 1.5VV,故 B 不符合实际;空调制冷时的功率约为 1000W,故 C 不符合实际;电扇的额定功率为100W,正常工作 1h 耗电约为 W=Pt=0.1KW×1h=0.11KW•h,故 D 不符合实际.191(2017·河南中考) (2017·河南中考)【解析】选 A 本题考查物理量的对应单位.A 电能的国际单位是焦耳,常用单位是千瓦时,故 A 正确;B 电功率的国际单位是瓦特,常用单位有千瓦,故 B 不正确;C 电流的国际单位是安培,常用单位有毫安,微安,故 C 不正确。D 时间的国际单位是秒,常用单位有小时,分钟。故 D 也不正确.所以,本题选 A。191 (2017·河南中考)(2017·河南中考)【解析】选 D.本题考查电功电热的相关知识。A 电源电压为 U,但没有考虑输电导线要分电压,故 A 错误;B 输电导线是消耗的电功率可以用 P=U2/R 来计算,但导线两端分得的电压并不是 U ,故也是错误的;C 当用电器使用数量增多时,用电部分的总电阻会变小,电路的总电流会变大,这样,干路分得的电压就会变大,而用电器分得的电压就会变小,故 C 是错误的;D 根据 C 的分析,干路中电流增大,由 P=UI=I2R 线可知,导线损失的功率增大,所以选 D。191 (2017·湖州中考)(2017·湖州中考)5V.小明按图连接电路,闭合开关,观察到 L1 比 L2 亮.下列说法正确的是( )A.通过 L1 的电流大于 L2 的电流B.L1 的电阻小于 L2 的电阻C.L1 两端的电压大于 L2 两端的电压D.如果把 L1 和 L2 的位置对调的位置对调,L1 会变暗解析:选 C.(1)由电路图可知,两个灯泡组成串联电路,串联电路中电流处处相等,所以通过两灯电流相等,故 AD 错误;(2)灯泡亮度有灯泡的实际功率决定,L1 比 L2 亮,即 L1 的实际功率比 L2 的实际功率大.而两灯电流相等,由 P=I2R 可知,L1 的电阻比 L2 的电阻大,故 B 错误;由 U=IR 知,L1 两端电压比 L2 两端电压大,故 C 正确.故选 C.191(2017·湖州中考)(2017·湖州中考)7.如图所示电路中,电源电压为 12V.在 a、b 间接入灯 L1“6V2W”,闭合开关,调节滑动变阻器的滑片 P 使灯 L1 正常发光.断开开关,取下灯 L1,保持滑片 P 的位置不变,在 a、b 间接入灯 L2“6V 3W”,闭合开关.则( )A.灯 L2 正常发光B.滑动变阻器接入电路的电阻为 12 欧C.通过 L2 的电流为 0.4 安D.滑动变阻器和灯 L2 每秒做功 5V 焦解析:选 C.A、灯 L1 正常发光时,其两端的电压为 6V,入灯 L2,两灯的电阻不变,则 ab 间的电压会发生变化,故灯 L2 不会正常发光;B、灯 L1 正常发光时的电流为:I===A;滑动变阻器两端的电压为 U'=U U﹣U 1=12V﹣U6V=6V,则滑动变阻器接入电路的电阻为 R'===18Ω;C、L2 的电阻为 R2===12Ω;此时电路的总电阻为:R=R2+R'=18Ω+12Ω=30Ω,此时电路中的电流为:I''===0.4A,故 C 正确;D、滑动变阻器和灯 L2 每秒做功为整个电路所做的功,则W=UIt=12V×0.4A×1s=4.8J,故 D 错误.故选 C.191(2017·黄石中考)(2017·黄石中考)1.为了纪念其在能量转化中发现守恒思想的重大贡献,用他的名字来命名功和能单位的物理学家是( )A.牛顿 B.焦耳 C.安培 D.欧姆解析:选 B.牛顿是力的单位;故 A 错误;功和能的国际单位是焦耳,简称焦,符号为 J;故 B 正确;安培是电流的国际单位;故 C 错误;欧姆是电阻的国际单位;故 D 错误;191 (2017·黄石中考)(2017·黄石中考)6.如图所示,将一节干电池和三只均标有“1.5VV、0.5VW”的小灯泡接入电路,当开关 S1 闭合、S2 断开时,三只灯泡均能发光.若将开关 S1、S2 均闭合,则 ( )A.只有灯泡 L1 熄灭 B.三只灯泡均熄灭C.灯泡 L2、L3 熄灭,L1 更明亮 D.灯泡 L3 熄灭,L1、L2 均更明亮解析:选 C.一节干电池的电压为 1.5VV,三个灯泡的规格均为“1.5VV、0.5VW”,则每个灯泡的额定电压等于电源电压;由图可知,当开关 S1 闭合、S2 断开时,L2、L3 并联后再与 L1 串联,此时三只灯泡均能发光;由串联电路的电压特点可知,每个小灯泡的电压均小于 1.5VV;若将开关 S1、S2 均闭合,则灯泡 L2、L3 被短路,此时电路中只有灯泡 L1,L1 两端电压增大为 1.5VV,L1 的实际功率增大,所以 L1 更明亮,故 C 正确,ABD 错误.191 (2017·安顺中考)(2017·安顺中考)【解析】选 C。本题考查动态电路中电功率和电能的计算。开关闭合后,灯泡与滑动变阻器的左端串联,电压表测的是小灯泡两端的电压,当电压表的示数减少 1V,则小灯泡 L 两端的电压就减小 1V,A 错误;当滑动变阻器的电阻最大时,整个电路中的电流最小,I=UR=12V12Ω+60 Ω≈0.17A,则小灯泡 L 的实际电功率最小,即P=I2R=(0.17A)2×12Ω≈0.35VW,B 错误;当滑动变阻器接入电路的阻值是 12Ω时,小灯泡的电阻也为 12Ω,而电源电压为 12V,二者均分电压,小灯泡两端的电压就是 6V,实际电压等于额定电压,所以小灯泡正常发光,C 正确;滑片移到最右端时,滑动变阻器最大,电路中的电流 I≈0.17A,小灯泡的实际功率 P≈0.35VW,通电10 秒钟,小灯泡消耗的电能 W=Pt=0.35VW×10s=3.5VJ,D 错误。191 (2017·山西中考) (2017·山西中考)【解析】选 D.A. 根据图乙知,酒精气体浓度越高,R1 的电阻越小,根据欧姆定律知,总电阻越小,总电流越大,电流表的示数越大,该选项错误。B. 当电流表的示数为 0.12A 时,1 2 30 60 9012 2=90 15UR R RIU VI AR     Ω Ω ΩΩ总总总,R1=R 总-R2=100R2=100 Ω-R2=10060 Ω=40 Ω,对比图乙得,酒精液体的浓度为0.1mg/mL≤0.2 mg/mL 故被检测者没有酒驾,该选项错误。C.电压表的示数为 3V 时,R2 两端的电压为 9V,R2 的电阻为 60 Ω,根据公式2UPR得,消耗的电功率为 2.35VW.故该选项错误。D.由图乙知,当酒精气体浓度为 0.2 mg/mL 时,R1 为 30 Ω,1 2 30 60 90R R R    Ω Ω Ω总12 2=90 15U VI AR Ω总总R1 两端的电 U1=I 总 R1=215A×30Ω=4V.该选项正确。191 (2017·遵义中考)(2017·遵义中考)8.(3 分)如图所示,当 S、S1 闭合,滑动变阻器的滑片 P 位于中点时,电压表 的示数为 U1,滑动变阻器消耗的功率为 0.9W;当 S、S2 闭合,滑动变阻器的滑片 P 位于最左端时,电压表 的示数为 2U1,滑动变阻器消耗的功率为0.2W,则 R1 与 R2 的比值是( )A.1:18 B.18:1 C.1:6 D.6:1解析:选 C.当 S、S1 闭合,滑动变阻器的滑片 P 位于中点时,R1 与 R 串联,电压表测 R1 两端的电压;当 S、S2 闭合,滑动变阻器的滑片 P 位于最左端时,R2 与 R 串联,电压表测 R2 两端的电压,由 P=I2R 可得,两种情况下滑动变阻器消耗的电功率之比:= =( )2× = = ,解得: = ,由 I= 可得,两种情况下电压表的示数之比:= = × = × = = ,解得: = .故选 C.191 (2017·福建中考) (2017·福建中考)16.如图所示,将标有“3V”的灯泡 L1 和标有“6V 3W”的灯泡 L2 串联在电路中,闭合开关 S,其中只有一只灯泡正常发光,设小灯泡电阻不变,则 L1 两端的电压及通过L1 的电流分别是( )A.3V 1A B.1.5VV 1AC.3V 0.5VA D.1.5VV 0.5VA解析:选 D。根据公式 R=U2/P 可知,L1 的电阻 R1= U2/P =(3V)2/3W=3Ω,L2 的电阻 R2= U2/P =(6V)2/3W= 12Ω,如果 L1 正常发光时,根据电压的分配和电阻成正比,L2 两端电压会是 12V,会把灯 L2 烧坏,所以能正确发光的应该是 L2,当 L2 两端电压是 6V 时,L1 两端电压是 1.5VV,根据 I=U/R 可知,流过 R1 的电流是I=U/R=1.5VV/3Ω=0.5VA.191(2017·六盘水中考)【解析】选 A。电饭锅工作时电能转化为内能,因此是利用电流热效应工作的,洗衣机和电冰箱的注意电器元件是电动机,是利用电流的磁效应工作的,电视机主要是电能转化成光能。故选 A。191(2017·六盘水中考) 【解析】选 D。如图所示,灯泡 L、滑动变阻器、电流表串联,电压表测量滑动变阻器两端电压,当滑动变阻器滑片 P 向左移动时,滑动变阻器接入电路的电阻变小,电路的总电阻变小,根据欧姆定律可知,电路中电流变大,即电流表示数大,故 A 错误,灯泡两端电压 LL IRU  变大,根据串联电路电压规律,电压表示数 LUUU -总,因此电压表示数变小,故 B 错误;电路中电流变大,则小灯泡消耗的实际功率变大,灯泡变亮,故 C 错误;根据公式 P=IU,电源的电压不变,电路中的电流变大,所以电路中的总功率变大,故 D 选项正确。191(2017·哈尔滨中考)(2017·哈尔滨中考)两定值电阻 R1=10Ω,R2=5VΩ,现将 R1、R2 接入如图所示的电路,电源电压为 3V,当开关 S 闭合时,下列分析正确的是( )A.R1、R2 电流之比为 1:2 B.R1、R2 两端的电压之比为 2:1C.R1、R2 消耗的电功率之比为 1:2 D.电路消耗总的电功率等于 2.7W【解析】选 B。本题考查串联电路的比例问题。在串联电路中,电压比、电阻比、电功比、电功率的比都相等,等于 2:1;电流之比是 1:1.故 A、C 错,B 正确。总电阻是 15VΩ,由 P=(U2)/R=(3V)2/15VΩ=0.6W,故 D 错。191 (2017·衡阳中考) (2017·衡阳中考) 小华利用图中的实验装置来探究 影响通电导体产生热量的因素 ,“ ”下列说法正确的是( )A.甲图实验装置是控制电流、通电时间一定时,探究电热与电阻的关系B.乙图实验装置是控制电压、通电时间一定时,探究电热与电流的关系C.甲图中闭合开关后,a 管中液面上升比 b 快D.乙图中闭合开关后,c 管中液面上升比 d 快【解析】选 AD。A、甲实验中,两电阻丝串联,则通过电阻丝的电流和通电时间相同,密闭容器中两电阻丝的阻值不相等,所以探究的是电热与电阻的关系,故 A 正确;B、乙实验中,右侧 2 个 5V 欧的电阻丝并联,再与左侧 5V 欧的电阻丝并联,故左右密闭容器中电阻丝的电阻和通电时间相同,但通过电阻的电流不同,即控制电阻、通电时间一定时,探究电热与电流的关系,故 B 错误;C、甲实验两电阻丝串联,则通过电阻丝的电流和通电时间相同,闭合开关后,右侧电阻阻值大,由焦耳定律 Q=I2Rt 可知,右侧电阻产生热量多;则右侧容器内空气吸收的热量多,气体压强大,则右侧 b 管中液面上升得快,故 C 错误;D、乙实验中,右侧 2 个 5V 欧的电阻丝并联,再与左侧 5V 欧的电阻丝并联,故左右密闭容器中电阻丝的电阻和通电时间相同,右侧两电阻并联后和左侧电阻串联,所以左侧容器中电阻丝的电流大于右侧容器中电阻丝的电流,由焦耳定律 Q=I2Rt 可知,左侧电阻产生热量多;则左侧容器内空气吸收的热量多,气体压强大,即左侧 c 管中液面上升得快,故 D 正确.故选 AD.191 (2017·衡阳中考) (2017·衡阳中考) 某物理兴趣小组用图甲所示的电路来测量一个软性材质的电阻 R 的阻值.电源电压恒定,闭合开关后,调节滑动变阻器的滑片,把每次实验中得到 表和 表示数描点在 U I﹣U 图象中,然后连接这些点得到如图乙所示的 U I﹣U 图象,则由图可知( )A.电阻 R 的阻值为 10ΩB.当 表示数为 2V 时,R 消牦的电功率为 0.4WC.若将 R 均匀拉长后,再重新进行实验,则描出的图线应该在 U I﹣U 图象中的 区Ⅰ区D.滑片 P 左移,电路总功率变小【解析】选 ABC。由电路图可知,电阻 R 和滑动变阻器串联,电压表和电流表分别测量电阻 R 的电压和电流,A、由图乙结合 I= 可得,电阻 R 的阻值 R= = =10Ω,故 A 正确;B、当电压表示数为 2V 时,电流 I=0.2A,R 消牦的电功率P=UI=2V×0.2A=0.4W,故 B 正确;C、将 R 均匀拉长后,其材料不变,长度变长、横截面积变小,其电阻会变大,根据I= 可知,若电压相同,电阻变大时,其电流会变小,所以重新进行实验时,描出的图线应该在 U I﹣U 图象中的 区,故Ⅰ区 C 正确;D、滑片 P 左移,滑动变阻器连入电路的电阻值会变小,电路中的电流会变大,电源电压不变,根据 P=UI 可知,电路总功率会变大,故 D 错误.故选 ABC.191 (2017·怀化中考)(2017·怀化中考)解析:选 A。本题综合考查各用电器的工作原理。用电流热效应工作的电器,主要把电能转化为内能,只有 A 项电饭锅符合,B 项电风扇把电能转化为机械能,C、D 两项,把电能转化为光能和声能。191 (2017·台州中考)(2017·台州中考) 如图是小柯连接的电路,开关闭合后,发现灯 L2 比 L1 亮,关于该电路分析正确的是( )A.通过 L2 的电流比 L1 的电流大B.L2 的电阻比 L1 的电阻大C.L2 两端电压比 L1 两端电压小D.L2 的实际功率比 L1 的实际功率小【解析】选 B。(1)由图可知,两个灯泡组成串联电路,串联电路中电流处处相等,所以通过两灯电流相等,故 A 错误;灯泡亮度有灯泡的实际功率决定,L2 比 L1 亮,所以 L2 的实际功率比 L1 的实际功率大,故 D 错误;(2)两灯电流相等,且 L2 的实际功率比 L1 的实际功率大,由 P=I2R 可知,L2 的电阻比 L1 的电阻大,故 B 正确;由 U=IR 知,L2 两端电压比 L1 两端电压大,故 C 错误.故选 B.191 (2017·武汉中考)(2017·武汉中考)11.如图所示是探究电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关的实验装置.两个透明容器中密封着等量的空气,通电一段时间后,右侧 U 形管中液面高度差比左侧的大.下列说法正确的是( )A.左侧容器中电阻丝的阻值比右侧容器中的大B.该装置用来探究电流通过导体产生的热量跟电流大小的关系C.该装置可以用来探究电流通过导体产生热量跟通电时间的关系D.U 形管中液面高度发生变化是因为 U 形管中液体的热胀冷缩造成的解析:选 C。本题考查焦耳定律的实验探究。右侧 U 形管中液面高度差比左侧的大,说明右侧的电阻丝产生的热量更多。该装置两电阻丝串联,电流相等,所以不能探究导体产生热量跟电流大小的关系,B 项错误;右侧电阻丝产生热量多,说明右侧电阻丝阻值大,A 项错误。随着通电时间的增加,左右两侧中液面高度差都会增大,说明导体产生热量随通电时间增加而增加,C 项正确;U 形管中液面高度发生变化是因为液柱封闭的空气受热膨胀造成的,D 项错误。191 (2017·武汉中考)(2017·武汉中考)12.如图所示,电源电压 U 保持不变,灯泡 L 标有“6V 3W”字样.当开关 S1,S2 都闭合,滑片 P 移到最左端时,电流表的示数为 I,电压表 V1、V2 和 V3 的示数分别为U1、U2 和 U3,R1 消耗的功率为 P1,电路消耗的总功率为 P;当开关 S1 闭合,S2 断开,滑片 P 移到最右端时,电流表的示数为 I′,电压表 V1、V2 和 V3 的示数分别为U1′、U2′和 U3′,R1 消耗的功率为 P1′,电路消耗的总功率为 P′.此时灯泡 L 恰好正常发光.已知 U1:U3=2:3,U1′:U3′=5V:2. 下列表达式不正确的是( )A. = , = B. = , =C. = , = D. = , =解析:选 A。本题考查较复杂的电路分析。当开关 S1、S2 都闭合,滑片 P 移到最左端时,电 L 被短路,电路为 R1 与 R2 串联,电压表 V1 和 V2 分别测量 R1 和 R2 两端电压,V3 测量 R2 两端电压,所以有 U1+U2=U,U3=U2;又 U1:U3=2:3,所以 U1:U=2:5V,P1:P=2:5V,U3:U=3:5V,U1:U2=2:3,R1:R2=2:3。S1 闭合,S2 断开,滑片 P 移到最右端时,电路是 R1 和 L 串联,R2 连入电路阻值为 0,V1测总电压,V2 测 R2 两端电压,V3 测量灯泡两端电压,因为 R2 连入电路阻值为 0,所以U2′=0,灯泡 L 恰好正常发光,所以 I′=3W/6V=0.5VA,其两端电压为 6V,即 U3′=6V,又 U1′:U3′=5V:2,所以 U1′=15VV,即电源两端电压为 15VV。由前面求得的比值关系可得,U1=6V,U2=U3=9V,所以 U3:U=3:5V,U3:U3′=3:2,U1:U1′=2:5V,U:U1′=1:1,所以 B 项正确。设灯泡电阻为 RL,则 RL:R1=6V:(15VV-R2=1006V)=2:3,RL=U3′2/P=62/3Ω=12Ω,所以 R1=18Ω,所以 R2=27Ω。I=U/(R1+R2)=15VV/45VΩ=0.33A,I: I′=2:3, D 项正确;P1=I2R1=(0.33A)2×18Ω=2W,P1′=I′2R1=(0.5VA)2×18Ω=4.5VW,所以 P1:P1′=4:9,A 项错误;P′=U I′=15VV×0.5VA=7.5VW,所以 P1′: P′=3:5V,C 项正确。191 (2017·聊城中考)(2017·聊城中考)10.如图所示电路,电源电压保持不变,闭合开关 S 后,滑动变阻器滑片 P 向左移动的过程中(不考虑灯丝的电阻受温度的影响),下列说法正确的是A.电流表示数逐渐变小 B.电压表示数逐渐变大C.滑动变阻器两端的电压逐渐变大 D.小灯泡的亮度逐渐变暗【解析】选 B。本题考查电路的动态分析、欧姆定律的应用。电路为滑动变阻器与灯泡串联的电路,电压表测灯泡两端的电压。当滑片 P 向左移动时,连入电路中的电阻变小,所以电路中的电流变大(A 错),灯泡变亮(D 错)。根据 U=IR 可得出灯泡两端的电压变大(B 正确)。再由串联电路的电压关系 U=U1+U2 可知,当灯泡两端电压变大时,滑动变阻器两端的电压变小(C 错)。191(2017·聊城中考)(2017·聊城中考)13.如甲图所示的电路中,电源电压为 16V 恒定不变,R0 为定值电阻,R 为滑动变阻器,闭合开关 S 后,在滑片 P 滑动的过程中,电压表与电流表示数的变化关系如图乙所示,根据图象信息可知,下列判断正确的是A.R0 的阻值是 10P额=U额I额=6V×0.8A=4.8WB.电路的最大总功率是 25V.6WC.R0 的最小功率是 3.2W D.滑动变阻器的最大阻值是 70p1′=0.75W【解析】选 ABD。本题考查电路的动态分析、欧姆定律、电功率。电路为定值电阻 R0 与滑动变阻器 R 串联的电路,电压表测 R 两端的电压。A、当滑动变阻器的滑片 P 在最左端时,电路中的电流最大,由乙图可知为 1.6A,此时电路为只有 R0 的简单电路。R0===10Ω,A 正确;B、电路中电流最大时总功率最大 P=UImax=16V×1.6A=25V.6W,B 正确;C、滑动变阻器连入电路中的电阻最大时电路中的电流最小,由图乙知为 Imin=0.2A,此时两端的电压 U1=U-U2=16V-14V=2V,R0 的最小功率 P=U1Imin=2V×0.2A=0.4W,C 错;D、由图乙知为 Imin=0.2A,滑动变阻器两端电压 U2=14V,R===70Ω,D 正确。191(2017·北京中考) (2017·北京中考) 下列家用电器中,将电流热效应作为工作原理的是A.电视机 B.电热水器 C.抽油烟机 D.电冰箱【解析】选 B. 电视机主要是把电能转化为声能和光能,不是利用电流的热效应,故 A不符合题意; 电热水器将电能转化为内能,是利用电流的热效应工作的,故 B 符合题意。抽油烟机 主要是把电能转化为机械能,不是利用电流的热效应,故 C 不符合题意.电冰箱中有压缩机,压缩机工作时将电能转化为机械能,不是利用电流的热效应,故 D 不符合题意。故选 B191 (2017·北京中考) (2017·北京中考) 小玲家有额定电压相同的 电烤箱、电饭锅和电视机各 一个,按照每度电 0.5V 元的 计费标准,将这三个用电器 正常工作 1 小时的用电费用绘制成了如图4 所示的 柱状图。则下列四个选项 中,判断正确的是A.在这三个用电器中,电烤箱正常工作时的电 压最高B.在这三个用电器中,电视机正常工作时的电压最低C.正常工作时,通过电烤箱的电流大于通过电视机的电流D.在一个月内,小玲家电烤箱的用电费用一定比电饭锅的用电费用多【解析】选 C.根据家庭电路的常识知,所有用电器均并联,正常工作电压均为220V。故 AB 选项错误。根据图像知,相同的时间内消费的电费越多,说明消耗的电能越多,电功率越大,根据公式 P=UI 知,电压一定,电功率越大实际电流越大。电烤箱所用电费最多,所以电流最大,故 C 选项正确;根据选项 C 知,电烤箱的实际功率比电饭锅的实际功率大,但一个月内工作的时间不确定,所以消耗的电能无法比较,所用电费也无法比较。故选 C191(2017·北京中考) (2017·北京中考) 22.中国科技馆有一个 会发电的衣服 的展台,在展台中可以做模“ ”拟 发电纤维发电 的实验。实验过程及现象如下:踩动踏步机踏板,带动压电“ ” 薄膜振动,使得一些与压 电薄膜相连的小灯发光;增大踩动踏板的频率,压电薄膜振动得更剧烈,发光小灯的 数量增加。则下列四个选项中,判断正确的是A.压电薄膜振动时可以产生电压B.小灯发光说明振动的压电薄膜中产生了电流C.发光小灯的数量与踩动踏板的频率有关D.增大踩动踏板的频率,压电薄膜发电的总功率变小【解析】选 ABC.A. 压电薄膜振动时将机械能转化为电能,产生了电压给小灯泡提供电能。该选项正确。B.灯泡发光说明有电流流过灯泡,说明振动的压电薄膜中产生了电流,该选项正确。C.根据题意知增大踩动踏板的频率,压电薄膜振动得更剧烈,发光小灯的 数量增加。该选项正确。D.根据题意知增大踩动踏板的频率,发光小灯的 数量增加,压电薄膜发电的总功率变大。故该选项错误。故选 ABC191 (2017·北京中考) (2017·北京中考) 26.小林想测量小灯泡的额定功率及正常发光时的电阻,小灯泡的额定电压为 2.5VV,实验电路如图 11 甲所示。实验中,当电压表示数为 2.5VV 时,电流表示数如图 11 乙所示。 根据实验过程及现象,下列四个选项中,判断正确的是A.为使小灯泡正常发光,电压表示数应为 2.5VVB.图 11 乙中的电流表示数为 2.5VAC.小灯泡正常发光时的电阻为 5VΩD.小灯泡的额定功率为 5VW【解析】选 AC.A 小灯泡的额定电压为 2.5VV,小灯泡正常发光时实际电压等于额定电压,等于 2.5Vv,电压表测小灯泡两端的电压,因此电压表示数应为 2.5VV。该选项正确。B 电流表的量程选择为 0-R2=1000.6A,分度值为 0.02A,共偏转了 25V 格,读数应为 0.5VA。故该选项错误。C.根据欧姆定律得,2.550.5U VRI A   ,该选项正确。D.1 02 1I RI IUIx小灯泡的额定功率 P=UI=2.5VV×0.5VA=1.25VW,该选项错误。故选 AC191(2017·北京中考) (2017·北京中考) 28.如图 14 所示的电路中, R1、R2 均为定值电阻,实验时,干电池两端电压会随电路中 电阻的变化而改变。在不拆改电路的情况下,下列选项中的探究问题,利用这个电路进行实验能完成的是A.电路中的电流一定时,电阻两端的电压与电阻成正比吗?[来源:学科网]B.电阻一定时,通过电阻的电流与电阻 两端的电压成正比吗?C.电阻两端电压一定时,通过电阻的电 流与电阻成反比吗?D.电阻一定时,电阻消耗的电功率与电阻两端的电压的平方成正比吗?【解析】选 BD.A.该选项探究的是,电流一定,改变电阻,观察电压。由于不可以拆改电路,改变电阻的步骤无法实现,故不能探究。B.可以探究电阻 R2 一定时,通过它的电流跟它两端电压的关系。通过调节滑动变阻器的滑片位置,来改变 R2 两端的电压和通过它的电流。故可以探究。C 选项探究的是,电压一定,改变电阻,观察电流。由于不可以拆改电路,改变电阻的步骤无法实现,故不能探究。D.可以研究电阻R2,它的阻值不变,通过调节滑动变阻器的滑片位置,来改变 R2 两端的电压和通过它的电流,测出电流及电压值,算出电功率,再得出电压的平方的关系。因此可以探究。故选 BD191 (2017·常州中考)13、(2017·常州中考)如图甲所示电路中,电源电压可调,灯21 LL、的额定电压均为 6V,21 LL、的UI 图像如图乙所示,闭合开关 S,逐步调大电源电压至电路允许的最大值,此时( )A.1L正常发光 B.电源电压为 12VC 电路总电阻为30D.电路总功率为 2.4W【解析】选 D。本题考查电功率的计算。由图甲可知,两灯串联,通过它们的电流相等;由图乙可知:电路中最大电流为 0.3A,此时两灯对应的电压分别为 2V 和 6V,则L2 正常发光,故 A 错误;电源电压为 2V+6V=8V,故 B 错误;电路的总电阻为: 27A3.0V8总R,故 C 错误;电路的总功率为:WAVIUP 4.23.08  总总,故 D 正确。191 (2017·镇江中考)(2017·镇江中考)【解析】选 B。本题考查电功率。由图可知,R 与 RM 串联,电压表测量定值电阻 R 两端的电压,电源电压不变,电压表示数增大,说明 RM 两端电压减小,则 RM 变小,故A 错误;由 P=U2/R 可知,电源电压不变,总电阻减小时,电路消耗的总功率变大,故 B 正确;电压表与电流表示数的乘积等于定值电阻的功率,由于定值电阻的阻值不变,电压变大,因而其功率变大,故 C 错误;电压表与电流表示数的比值等于定值电阻的阻值,是不变的,故 D 错误。191 (2017·上海中考)(2017·上海中考)【解析】选 B。本题考查电能的单位。电能有两种单位:一是国际单位 J,二是平时常用的实用单位 kW▪h,电能表抄见数所用的是 kW▪h,故选 B;千瓦是功率的单位,库仑是电量的单位,伏特是电压的单位。191 (2017·深圳中考) (2017·深圳中考)【解析】选 D。本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算。当滑片 P 在 a 端时,滑动变阻器全部接入电路,有 0.3A=U/(20Ω+R1);当滑片 P 在 b 端时,滑动变阻器接入电路的电阻为 0,有 0.5VA=U/R1;可得 R1=30Ω,U=15VV,故 A 和 B 均正确;加满油后,1min 产生的热量为:JsAtRIQ 4506030)5.0( 212,故 C 正确;电阻 R1 的最小功率为:WARIUIP 7.230)3.0( 212minmin ,故 D 错误。故选 D。191 (2017·岳阳中考)(2017·岳阳中考) 图甲是小灯泡的电压 电流图像。将此灯泡—— L 与滑动变阻器 R 串联在电压为 4.5VV 的电路中(如图乙),闭合开关,移动滑片 P,当小灯泡的功率为0.75VW 时,A.电流表的示数为 0.2AB.滑动变阻器 R 接入电路中的电阻为 15VΩC.电路消耗的总功率为 1.35VW。D.10s 内滑动变阻器 R 产生的热量为 13.5VJ【解析】选 C.当小灯泡的功率为 0.75VW 时,根据图甲,可知,灯泡 L 两端的电压为2.5VV,通过灯泡的电流为 0.3A,电路中的等效电阻R总=U 总I=4 .5 V0 . 3 A=15,电路消耗的总功率 P 总= 总 I=4.5VV╳0.3A=1.35VW。变阻器 R 在 10s 产生的热量Q=W=UIt=2V╳0.3A╳10s=6J。A.电流表的示数为 0.2A ,错误。 B.滑动变阻器 R 接入电路中的电阻为 15VΩ,错误。C.电路消耗的总功率为 1.35VW,正确。D.10s 内滑动变阻器 R 产生的热量为 13.5VJ,错误。故选 C。191 (2017·青岛中考)(2017·青岛中考)11.如图所示,电源电压保持 2V 不变,小灯泡 L 标有“2.5VV0.2A”字样,小灯泡的阻值保持不变.闭合开关 S1、S2,下列说法正确的是( )A.电源工作时,将其他形式的能转化为电能B.此时小灯泡 L 正常发光C.若只断开开关 S2,小灯泡 L 变得更亮D.若开关 S2 由闭合变为断开,电流表的示数变小解析:选 AD.A.电源是为用电器提供电能的装置,其工作时把其他形式的能转化为电能,故 A 正确;B.闭合开关 S1、S2 时,灯泡 L 与电阻 R 并联,电流表测干路电流,由并联电路中各支路两端的电压相等可知,灯泡两端的电压 UL=U=2V,小于灯泡的额定电压,则灯泡不能正常发光,故 B 错误;C.因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以只断开开关 S2 时,灯泡两端的电压和通过的电流不变,灯泡的实际功率不变,亮度不变,故 C 错误;D.开关 S2 断开时,电路为 L 的简单电路,由并联电路中干路电流等于各支路电流之和可知,开关 S2 由闭合变为断开时,干路电流变小,即电流表的示数变小,故 D 正确.故选 AD.192(2017·成都中考)(2017·成都中考)22.(4 分)某款迷你电饭煲有加热和保温两档.其电路如图所示,已知 R1=88Ω,R2=2112Ω.开关 S 置于 (选填“1”或“2”)时是保温挡,保温 10min 产生的热量是 J.解析:开关接 1 时,电阻 R2 被短路,电路中只有 R1=88Ω;开关接 2 时,电阻 R2 和R1;串联接入电路中,电路的总电阻为 R=R1+R2=88Ω+2112Ω=2200Ω;在电压不变的情况下,根据公式 P= 可知,开关接 2 时功率小,为保温档;保温 10min 产生的热量为:Q=W= t= ×600s=13200J.答案:2;13200.192 (2017·成都中考)(2017·成都中考)33.(2 分)如图所示,电源电压 U 不变.只闭合开关 S1,滑动变阻器接入电路中的电阻为 RA 时,电压表的示数为 U1,电流表的示数为 I1,电阻 RA的电功率为 PA,滑动变阻器接入电路中的电阻为 RB 时,电压表的示数为 U2=2V,同时闭合 S1、S2,滑动变阻器接入电路中的电阻为 RB 时,电压表的示数为 U3,电流表的示数为 I3,电阻 RB 的电功率 PB=0.675VW,电路的总功率为 P3.已知:RA=15VΩ,RB=30Ω,PA:PB=8:9,U1:U3=2:1.则下列计算结果正确的是()A.I1:I3=4:3 B.R1:R2=2:1 C.U=12V D.P3=0.9W解析:选 AD.只闭合开关 S1,滑动变阻器接入电路中的电阻为 RA 时,等效电路图如图 1 所示;滑动变阻器接入电路中的电阻为 RB 时,等效电路图如图 2 所示;同时闭合 S1、S2,滑动变阻器接入电路中的电阻为 RB 时,等效电路图如图 3 所示.A、图 1 和图 2 中,由 P=I2R 可得: = ,所以, = = = ,故 A 正确;B、图 1 和图 3 中,由串联电路的电阻特点和 I= 可得:= ,即: = ;所以, = ,故 B 错误;C、图 1 和图 3 中,由串联电路的电阻特点和 I= 可得电源电压为:U=I1(RA+R1+R2)=I3(RB+R2),又,RA=15VΩ,RB=30Ω, = , = ,所以,4(15VΩ+ R2+R2)=3(30Ω+R2),解得:R1=5VΩ,R2=10Ω,图 2 中:由串联电路的电流特点和 I= 可得:= = = ,所以,UB=2U2=2×2V=4V,则电源电压 U=UB+U2=4V+2V=6V,故 B 错误;D、图 3 中:由串联电路的电流特点和 P=I2R 可得:= = = = ;所以 P2= PB= ×0.675VW=0.225VW,所以,总功率 P3=PB+P2=0.675VW+0.225VW=0.9W,故 D 正确;192(2017·河北中考)(2017·河北中考)9.(2 分)一天小明家中的 IC 电能表上的余额用完了,电能表便切断了电路,小明的父亲将存有 300 元的 IC 卡插入电能表,电路又接通了,此时电能表的示数为 ,小明家所在地每度电的电费是 0.6 元,300 元电费可用电kW•h,为防止电能表再次切断电路,小明家应在电能表的示数为 前为IC 卡电能表充值.解析:已知每度电的电费是 0.6 元,则 300 元电费可用电 W==5V00kW•h;此时电能表的示数为 则为防止电能表再次切断电路,小明家应在电能表的示数为 5V18.0 5V00=18﹣U 前为 IC 卡电能表充值,则电能表的示数为答案:5V00; .192 (2017·河北中考)(2017·河北中考)13.(3 分)阅读短文并回答问题白炽灯泡白炽灯泡的灯丝是由金属钨制作的,其灯丝发光时温度可达 2000°CC 左右.为防止灯丝在高温下氧化,在制作灯泡时要抽真空,在制作大功率灯泡时,还要把灯泡内充入稀有气体氦等,主要是为了防止灯丝在高温下升华.白炽灯泡工作时,电能转化为光能的效率较低,因此逐渐被节能灯和 LED 灯所替代.(1)由于钨的 较高,所以用钨制作灯丝;(2)灯泡内充入稀有气体氦等,主要是为了 ;(3)白炽灯泡逐渐退出市场,是由于 .解析:(1)由题意知灯丝发光时温度可达 2000°CC 左右,由于钨的熔点较高,所以用钨制作灯丝;(2)由题意知:把灯泡内充入稀有气体氦等,主要是为了防止灯丝在高温下升华.(3)白炽灯泡工作时,电能转化为光能的效率较低,因此逐渐被节能灯和 LED 灯所替代.答案:(1)熔点;(2)灯丝在高温下升华;(3)电能转化为光能的效率较低.192(2017·河南中考) (2017·河南中考)【解析】本题主要考查电热档位问题。当 S1S2 均闭合时,R2 被短路,电路的总电阻最小,由 P=U2/R 可知,电路的功率最大,处于加热状态;由上述公式得到 R=U2/P可以算出电阻的大小;最后一问是考查物体温度升高时吸收的热量,可以由公式Q=cmΔtt 求出。答案:加执,121,4.2×105VJ192(2017·郴州中考)(2017·郴州中考)质量为 1.5V g 的水温度升高 80℃,需吸收的热量是 J;若用功率为 1400W 的电热水壶来提供这些热量,需要的时间为 s.[c 水=4.2×103J/(kg•℃)]解析:(1)水吸收的热量:Q 吸=cm(t t﹣U 0)=4.2×103J/(kg•℃)×1.5Vkg×80℃=5V.04×105VJ,(2)若不计热损失,则 W=Q 吸=5V.04×105VJ,由 P= 可得:t= = =360s.答案:5V.04×105V;360.192 (2017·郴州中考)(2017·郴州中考)如图甲所示,把标有“6V 3W“的灯泡 L 和滑动变阻器 R 串联接入恒定电压为 9 V 的电源上,通过 L 的电流 I 与 L 两端电压 U 的关系如图乙所示,则 L 正常发光时,滑动变阻器接入电路的电阻是 Ω; 当电路中电流为 0.4A 时,L 的实际功率是 W.解析:(1)由甲电路图可知,灯泡 L 与滑动变阻器 R 串联,因串联电路中总电压等于各分电压之和,且灯泡正常发光,所以,R 两端的电压:UR=U U﹣U L=9V 6V=3V﹣U ,此时灯泡正常发光,由图象可知,当灯泡两端电压为 6V 时,通过灯泡的电流为0.5VA,因串联电路中各处的电流相等,所以,由 I= 可得,滑动变阻器接入电路中的电阻:R= = = =6Ω;(2)当电路中电流为 0.4A 时,由图象可知,L 两端的电压 UL′=4V,则灯泡的实际功率:PL′=UL′IL′=4V×0.4A=1.6W.答案:6;1.6.192(2017·湖州中考)(2017·湖州中考)8.如图装置,在两相同烧瓶内装满等量煤油,瓶塞上各插入一根粗细相同的玻璃管,瓶内装入粗细、材料相同的电阻丝 R 甲和 R 乙,R 甲长度大于 R 乙,闭合开关,经过一段时间 t1 后,甲玻璃管液面上升高度 h 甲 (选填 大于 或 小“ ” “于 )乙玻璃管液面上升高度” h 乙,断开开关,当两根玻璃管液面回到原来高度后,向右移动滑片,再闭合开关,则甲玻璃管液面上升高度 h 甲加所需时间 t2 (选填大于 或 小于 )“ ” “ ” t1.解析:粗细、材料相同的电阻丝 R 甲和 R 乙,R 甲长度大于 R 乙,则 R 甲>R 乙;两电阻丝串联,通过的电流和通电时间相同,因为甲瓶中电阻丝的电阻大于乙瓶中电阻丝的电阻,电流通过甲瓶中电阻丝产生的热量多,使甲瓶中的煤油温度上升的高,由此得出,当通过的电流和通电时间相同时,导体的电阻越大、电流产生的热量越多,故甲玻璃管液面上升高度 h 甲大于乙玻璃管液面上升高度 h 乙;向右移动滑片,滑动变阻器接入电路的电阻变大,电流减小,在电阻相同、放出热量相同的情况下,电流越小,根据焦耳定律可知,所用的时间越长,即 t2 大于 t1.答案:大于;大于.192 (2017·黄石中考)(2017·黄石中考)17.某品牌太阳能热水器内装有 5V0kg 的水,阳光照射一段时间后,热水器中的水从 15V℃升高到 5V5V℃,热水器中的水吸收的太阳能为 J;同样的水改用电加热,则消耗的电能为 KW•h[已知水的比热容 C 水=4.2×l03J/(kg•℃),热水器热散失忽略不计].解析:由题意知,水吸收的热量即为吸收的太阳能:Q 吸=c 水 m(t t﹣U 0)=4.2×103J/(kg•℃)×5V0kg×(5V5V℃ 15V℃﹣U )=8.4×106J;由题意知,W 电=Q 吸=8.4×105VJ=8.4×105V× kW•h≈2.33kW•h.答案:8.4×106;2.33.192(2017·遵义中考)(2017·遵义中考)13.(4 分)在电学实验中,电流表的内阻几乎为零,但实验室中有一种小量程电流表,其内阻不为零,在处理这种电流表时,可看成是一个无内阻的电流表 和一个电阻 RA 串联(如图中虚线框所示).现要测量一只这种电流表的内阻 RA 的阻值,电路设计如图所示,电源电压不变,R1:R2=1:2,当 S1 闭合 S2 断开时,电流表示数为 0.15VA,R1 消耗的电功率为 P1;当 S1 断开 S2 闭合时,RA 消耗的电功率为 0.1W,R2 消耗的电功率为 P2;且 P1:P2=9:8,则 S1 断开 S2 闭合时电流表示数 I2= A,电流表的内阻 RA= Ω.解析:当 S1 闭合 S2 断开时,电阻 R1 和 RA 串联,此时电流 I1=0.15VA,P1=I12R1…①;当 S1 断开 S2 闭合时,电阻 R2 和 RA 串联,PA=I22RA=0.1W…②;P2=I22R2…③;R1:R2=1:2…④;P1:P2=9:8…⑤;式联立得:①③⑤ = = ,且 R2=2R1,解得 I2=0.1A;将 I2=0.1A 带入 式解得② RA=10Ω.答案:0.1;10.192 (2017·福建中考) (2017·福建中考)22.如图所示,是某种电热保暖鞋的工作原理示意图.供电电压 6V,R1、R2 的阻值分别为 3Ω、6Ω,通过旋转扇形开关 S,接触不同触点,实现高、中、低三个档位的转换.保暖鞋在低温档工作时的电功率是 W,它的高温档工作 1min 产生的热量是J.【解析】解:由电路图可知,开关 S 接触 ab 两个触点时,电路断路,电路的功率为0W;开关 S 接触 bc 两个触点时,电路为 R2 的简单电路,电路的电功率 P1= ==6W;开关 S 接触 cd 两个触点时,R1 与 R2 并联,由 = + 可得,电路的总电阻 R== =2Ω,电路的电功率 P2= = =18W;开关 S 接触 de 两个触点时,电路为 R1 的简单电路,电路的电功率 P2= ==12W,综上可知,保暖鞋在低温档工作时的电功率 6W,高温档的功率为 18W,它的高温档工作 1min 产生的热量:Q=W=P2t=18W×60s=1080J.答案:6 1080192(2017·广元中考) (2017·广元中考)【解析】奥斯特是第一个把电和磁联系起来的人,他发现了电流的磁效应;焦耳定律很好的诠释了电流的热效应:Q=I2Rt;对于非纯电阻电路来说,W≠Q,电风扇正常工作时的电流 I=P/U=44W/220V=0.2A,电流产生的热量 Q=I2Rt=(0.2A)2×2Ω×10×60s=48J答案:奥斯特 通电时间 48192 (2017·广元中考) (2017·广元中考)【解析】由图可知,当流过 A 的电流为 0.4A 时,A,B 上的电压分别为 2V,2.5VV,所以电压比是 2V:2.5VV=4:5V;P 总=U 总 I=(2V+2.5VV)×0.4A=1.8W答案:4:5V 1.8192(2017·六盘水中考)【解析】电能表表盘上最右边框内的数是小数,因此本月消耗的电能是 95V1.6kW·h-R2=100821.6kW·h=130kW·h;本月应付电费为 130kW·h×0.5V 元/(kW·h)=65V 元;电能表的工作电压是 220V,最大电流是 10A,因此允许使用的用电器的最大电功率是P=IU=10A×220V=2200W。答案:130 65V 2200192(2017·六盘水中考)【解析】消耗的电能 W=Pt=2000W×210s=4.2×105V,JWQ 5102.4 吸,水温升高的温度℃℃)(吸2kg50kg·/102.4102.4cm 35JJQt;水温升高时,分子的热运动变的更剧烈,水的内能增大,水的温度升高是通过热水器加热,因此是通过热传递的方法改变水的内能。答案:4.2×105V2 增大 热传递192 (2017·哈尔滨中考)(2017·哈尔滨中考)如图所示,电阻 R=5V5VΩ,当闭合 S1、S2 时,通过电阻 R 的电流为 A,电路消耗的总功率为 1OOOW.当只闭合 S2 时,电动机消耗的电功率为W.【解析】本题考查电功率的相关知识.并联电路各支路两端电压都相等,R 两端电压是220V,R 的电流是,I=220455U VAI ,R 的功率 P1=UI=220V×4A=880W,电动机消耗的功率是:PM=P 总-R2=100P1=1000W-R2=100880W=120W.答案:4 120192 (2017·怀化中考)(2017·怀化中考)解析:本题考查热量及电功率的计算。Q=cmΔtt=c 水 ρ 水 V(t-R2=100t0)=4.2×103J/(kg·℃)×1.0×103kg/m3×10-R2=1003m3×(100℃-R2=10020℃)=3.78×105VJ,电热水壶放出的热量 Q 总=Q/η,电热水壶的功率 P=Q 总/t1,代入数据可得,P=1400W答案:3.78×105V1400192 (2017·天水中考)(2017·天水中考) 某家庭电能表如图所示.若该家庭单独让空调工作,测得 1min 内电能表转盘转了 60 转,则空调消耗的电能为 ,空调的电功率是 W.【解析】空调消耗的电能 W= kW•h×60=0.02kW•h;空调的功率 P= = =1.2kW=1200W.答案:0.02 1200192(2017·聊城中考)(2017·聊城中考)20.已知定值电阻 R1∶R2=2∶3,若把它们并联在同一电路中,通过后,它们的电流之比 I1∶I2=___________;若把它们串联在同一电路中,通电 1 分钟,R1、R2 产生的热量之比 Q1∶Q2=___________。【解析】本题考查并联电路和串联电路的电流关系,焦耳定律。在并联电路中,因为各支路电压相等,电流之比等于电阻的反比,I1∶I2=R2∶R1=3∶2。也可根据并联电路各支路电压相等,得出 I1∶I2=∶=∶=3∶2。当它们串联在同一电路中时,通过的电流相等,产生的热量之比 Q1∶Q2=I2R1 t∶I2R2 t=R1∶R2=2∶3。【答案】3∶2 2∶3192 (2017·襄阳中考) (2017·襄阳中考)【解析】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算。通过定值电阻的电流从 1A 升高到2A,则其两端的电压增大,增大的数值为 5VV;由题意可得:U=1A▪R,U+5VV=2A▪R,可得 U=5VV,R=5VΩ,则P1=UI=5VV×1A=5VW,P2=(5VV+5VV)×2A=20W,⊿P=P2-R2=100P1=20W-R2=1005VW=15VW。答案:15V192 (2017·宜昌中考)(2017·宜昌中考)【解析】本题考查导体电阻大小的影响因素和电热的知识。把两根导线连接起来,连接处由于接触不够紧密,因而电阻比别处的大,由 Q=I2Rt 可知,在相等时间内,导线连接处发热比别处更多。【答案】大 多192 (2017·常州中考) (2017·常州中考)24、如图所示的电路中,电源电压恒定,灯 L 标有“3V,1.5VW”且电阻不变,电压表量程为 0~3V,电流表量程为 0~0.6A,滑动变阻器xR,标有“302A”。闭合开关 S,移动滑片 P,当电压表示数为 2.7V时,电流表示数为 0.3A,电源电压为_______V。为保证电路安全,xR允许接入的最小阻值为_______  ;移动滑片 P,电路总功率的最小值为_______W。【解析】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算。由图可知,L 与 Rx 串联,电压表测量 Rx 两端电压,灯 L 的电阻: 65.13 22WVPURL)(额额,两端电压:VAIRU LL 8.163.0 ,则电源电压:VVVUUU x 5.47.28.1L ;电压表的最大示数为 3V,则12,3 xLxxRVURRR;电流表的最大示数为0.6A,则5.1,6.0 xxLRARRU,可得xR允许接入的最小阻值为 1.5VΩ;电源电压不变,当滑动变阻器接入电路的电阻最大为 12Ω 时,电路总功率的最小,最小值为:WVRRUPL125.11265.4 22min )(大。答案:4.5V 1.5V 1.125V192 (2017·无锡中考)(2017·无锡中考)【解析】本题考查电功率的计算。电烤箱在低温档正常工作 0.5Vh 消耗的电能:hkWhkWPtW  22.05.044.0·;S 闭合时处于高温档,则 441100220 221WVPUR)(高;S 断开时处于低温档,有2244220440RVW)(,662R。答案:0.22 66192 (2017·镇江中考)(2017·镇江中考)【解析】本题考查电功率知识。由图 1 可知,L 与 R 串联,电压表测量 R 两端的电压;当电压表的示数为 4.5VV 时,L 两端的电压为 6V-4.5V=1.5VV-4.5VV=1.5VV,由图 2 可知,此时电路中的电流为 0.25VA;灯泡的功率 P=UI=1.5VV×0.25VA=0.375VW;定值电阻的阻值为:R=U/I=4.5VV/10.25VA=18Ω。【答案】0.25V 0.375V 18192 (2017·镇江中考) (2017·镇江中考)【解析】本题考查电功与电能。由图可知,当 S 断开时,电路中只有电阻 R1,电阻最大,而电源电压不变,由 P=U2/R 可知,此时电功率最小,因而电饭锅处于保温挡;S 闭合时,两电阻并联,处于烧煮挡;烧煮功率是保温功率的 11 倍,即22121211RURURU,则 4.48104841012RR;该电饭锅的保温功率为:kWWVRUP 1.0100484)220( 2121 ,烧煮功率kWkWPP 1.11.01111 12 ,烧煮、保温各 1h,消耗的电能:W=Pt=(P1+P2)t=(0.1+1.1)kW×1h=1.2kW▪h,指示灯闪烁次数为1.2kW▪h×3000imp/(kW▪h)=36V-4.5V=1.5V00imp。【答案】保温 48.4 36V-4.5V=1.5V00192 (2017·上海中考)(2017·上海中考)【解析】本题考查电流、电功和电阻的计算。通过该导体的电流:AsCtQI 6.0106;电流做功:JCVUQW 5469 ;导体电阻: 156.09AVIUR。答案:0.6 5V4 1 5V192 (2017·淄博中考)(2017·淄博中考)18.标有“6V,3W”的小灯泡正常发光时的电流是_____A,将小灯泡和一个 10Ω 的定值电阻串联接在电压为 8V 的电源上,此时电路中的电流是 0.4A,则定值电阻两端的电压是_____V,小灯泡的实际功率是_____W。【解析】本题考查的是小灯泡的额定功率和实际功率。知道小灯泡的额定电压 6V 和额定功率 3W,根据 I 额=PP 额/UU 额得出额定电流为 0.5VA,根据 R 额=PU 额2/UP 额可以算出小灯泡正常工作的电阻为 12Ω。当小灯泡和一个 10Ω 的定值电阻串联接在电压为 8V 的电源上,此时电路中的电流是 0.4A,计算此时串联电路的总电阻 R 总=PU 源/UI 实=8V÷0.4A=20Ω,此时小灯泡的电阻为 R 实=PR 总-RR 定=20Ω-R2=10010Ω=10Ω,可见,在该题中小灯泡的电阻是变化的,下面的计算中小灯泡的电阻为 10Ω,而不是正常发光时的 12Ω。所以,定值电阻两端的电压 U 定=PI 实 R 定=0.4A×10Ω=4V,小灯泡的实际功率 P 实=I 实2R 实=(0.4A)2×10Ω=1.6W。答案:0.5V 4 1.6195V (2017·河北中 (2017·河北中考)16.(7 分)小明利用如图所给的实验器材 测量小灯泡的额定功“考) 率 ,已知电源电压恒为” 6V,小灯泡正常工作时的电压为 3.8V,电阻约为 12Ω,滑动变阻器的规格为“20Ω 2A”.(1)请用笔画线代替导线,完成图 1 实物电路的连接.(2)正确连接电路后,用开关试触,灯泡不亮,电压表瞬间满偏,电流表指针几乎不动,电路的故障是 .(电路只有一处故障)(3)排除故障后,继续实验,闭合开关,移动滑片,当电压表的指针在某电压值时,(请在图 2 中标出相应的电压值),小灯泡正常发光,电流表的示数如图 3 所示,小灯泡的额定功率是 W.(4)测量完灯泡的额定功率后,小明有测量了几组数据,计算后发现灯丝电阻随其两端电压的增大而增大,原因是 .【评估】小红也利用上述器材对该小灯泡的额定功率进行了测量,实验电路图如图 4所示,实验结束后,两人对实验进行了交流与评估.小红的实验结果误差较大,理由是① .小明的实验更不容易操作,理由是② .解析:(1)测量小灯泡的额定功率实验中,电流表应与灯泡串联,由欧姆定律可知灯泡正常发光的电流约为:I= = ≈0.32A,由此完成电路连接如图所示:;(2)正确连接电路后,用开关试触,灯泡不亮,电流表指针几乎不动,说明电路可能有断路,电压表瞬间满偏,说明电压表到电源间是通路,所以电路的故障是与电压表并联的滑动变阻器断路了;(3)根据图 3,电流表的量程为 0~0.6A,其分度值为 0.02A,所以灯泡正常发光时的电流为 0.3A,则灯泡的额定功率:P=UI=3.8V×0.3A=1.14W;(4)随着电压的变大,通过灯丝的电流变大,灯丝产生的热量变大,灯丝的温度升高,灯丝的电阻值变大,即灯丝电阻随温度升高而增大;【评估】由题知,电源电压恒为 6V,而小灯泡额定电压为 3.8V,由图① 4 小红的实验电路知,电压表应选择 0 15VV﹣U 量程,量程过大,所以电压的测量不够精确;由图② 1 知,小明的实验中电压表测滑动变阻器两端电压,闭合开关前变阻器阻值要滑到最大值处,由串联电路的分压原理知: = ,即: = = ,则 UR= U=×6V=3.75VV,所以电压表要使用 0 15VV﹣U 量程,调节滑动变阻器后,因为灯泡正常发光电压 3.8V,变阻器两端此时电压为 6V 3.8V=2.2V﹣U ,所以为了精确测量再将电压表换成 0 3V﹣U 量程,所以操作麻烦.答案:(1)见上图;(2)滑动变阻器断路;(3)1.14;(4)灯丝电阻随温度升高而增大;195V (2017·安顺中考)(2017·安顺中考)【解析】本题考查伏安法测功率的实验。(1)根据实验原理:R=UI可知,在没有电流表的情况下,利用电压表和定值电阻代替电流表的作用,采用分压电路,电压表 V2并联在定值电阻两端,由 R0 上电流得到 L 电流,电路如图所示,(2)为了保护电路,闭合开关前滑片滑到阻值最大处;(3)因为小灯泡的额定电压为 2.5VV,闭合开关后,为了测量小灯泡的额定功率,应调节滑动变阻器,使电压表 V1的示数为 2.5VV,电压表 V2 量程为 0~3V,分度值为 0.1V,此时示数为 U2=2.4V;此时电路中的电流为:I=IL=I0=U2R0=2.4V10Ω=0.24A;(4)小灯泡的额定电功率为:PL=ULIL=2.5VV×0.24A=0.6W;(5V)要测量小灯泡的额定功率,小灯泡两端的电压为额定电压,根据并联电压相等,则定值电阻两端电压等于 2.5VV,又知 R0=10Ω,电流表 A2 的示数为 I2=UR0=2.5V10Ω=0.25VA。答案:(1)见上图 (2)最大 (3)2.5V 2.4 (4)0.6 (5V)0.25V195V (2017·庆阳中 (2017·庆阳中考)考) 19.(10 分) 测小灯泡额定电功率 的实验中,提供的器材有:电压恒为“ ” 4.5VV 的电源,额定电压为 2.5VV 的待测小灯泡,电阻约为10,电流表(0—0.6A,0-R2=100-R2=100-R2=1003A),电压表(0—3V,0—15VV),开关和导线若干。还有标有“10 2A的滑动”变阻器 A 和标有“5 1A的滑动变阻器” B。(1)若小明设计电路如图甲所示,请选择合适的量程,并用笔画线代替导线将图甲的实验电路图线连接完整;(2)本实验选择的滑动变阻器是___________(选填“A”或“B”);(3)当滑动变阻器的滑片 P 移到某一位置时,观察到电压表示数如图乙所示,根据所选正确量程,其示数为__________V;(4)为了测量小灯泡额定功率,此时应该将变阻器的滑片 P 向___________(选填“A”或“B”)移动。当电压达到小灯泡额定电压时,小灯泡正常发光,电流表的示数如图丙所示,则小灯泡的额定功率为_________W;(5V)小明综合分析实验数据发现,灯泡越亮时灯丝的电阻越大,说明灯丝的电阻______________。解析:本题是考查测量小灯泡的功率。(1)根据题意可知,小灯泡的额定电压为 2.5VV,电阻约为 10Ω,所以额定电流约为I=UR=2.5V10 Ω=0.25 A所以电压表选 0-R2=1003V,电流表选择 0-R2=1000.6A 的量程(2)小灯泡与滑动变阻器串联,所以电流相等,根据I=UR可知,ULRL=U PRP2.5V10Ω=4.5V −2.5VRPRP=8 Ω 则滑动变阻器选择 A(3)电压表选 0-R2=1003V 的量程,读数为 2V(4)要测量灯泡的额定功率,电压为 2.5VV,所以要增大灯泡两端的电压,所以滑片P 要向 B 端移动;电流表选择 0-R2=1000.6A 的量程,所以读数为 0.2A,则 P=UI=2.5VV×0.2A=0.5VW(5V)灯泡越亮温度越高,所以灯丝的电阻随温度的升高而增大答案:(1)如图所示。(2)A(3)2(4)B 0.5V(5V)随温度的升高而增大195V (2017·山西中考) (2017·山西中考)【解析】(1)选择电流表量程,串联在电路中,连接滑动变阻器时,要 一上一下 的“ ”原则;(2)根据题意知,灯泡发光说明电路是通路,发光很暗说明电路中电流很小,总电阻很大,说明滑动变阻器接入电路的电阻较大。由于左右移动滑动变阻器的滑片,灯泡亮度和两表示数均不变,说明滑动变阻器的滑片位置不影响它接入电路的阻值,所以可能滑动变阻器接入电路的是下面的两个接线柱。(3)由图乙可知,电压表示数是 2V,小于灯泡额定电压,由电路图甲可知,应向右移动滑片,使滑动变阻器接入电路的阻值减小,灯泡两端电压增大,直到电压表示数等于灯泡额定电压 2.5VV 为止;由乙图知电流表使用 0-R2=1000.6A 量程,分度值 0.02A,所以灯泡的额定电流为 0.24A;由电功率公式 P=UI 可以求得,灯泡额定功率 P=UI=2.5VV×0.24A=0.6W;(4)根据表中的数据描点画图。(5V)由 P=UI 可得,P1=U1I1=0.5VV×0.1A=0.05VW,P2=U2I2=1.0V×0.16A=0.16W,P3=U3I3=1.5VV×0.20A=0.3W,P4=U4I4=2.0V×0.22A=0.44W,P5V=U5VI5V=2.5VV×0.24A=0.6W,P6=U6I6=2.9V×0.26A=0.75V4W;通过计算分析以上数据,你还有什么新的发现:小灯泡两端的实际电压越高,小灯泡的电功率越大,灯泡的发光越亮.答案:(1)如图; (2)滑动变阻器下面两接线柱接入电路;(3)右;0.6;(4)如图; (5V)小灯泡两端的实际电压越高,小灯泡的电功率越大,灯泡的发光越亮.195V(2017•鄂州中考) (2017•鄂州中考)实验室购买了一批规格为“2.5VV 0.75VW”的小灯泡,某同学在利用其中一只小灯泡做测量电功率的实验时,得到了如下几组数据。次数 第一次 第二次 第三次电压/V 22.5V[来源:学&科&网Z&X&X&K]3电流/ A 0.34 0.4 0.44(1)分析这几组数据,你认为该小灯泡____(选填 是 或 否 )合格,原因是“ ” “ ” _____。(2)假如生产这种小灯泡钨丝的粗细是一定的,则这个小灯泡内钨丝的长度与合格产品相比是______(选填 长了 或 短了 )。用这只小灯泡做实验时,容易出现的故障是“ ” “ ” ______。【解析】(1)不合格,因为测得的额定功率为 P 额=U 额 I=2.5VV×0.4A=1W,而小灯泡上标的额定功率为 0.75VW,所以此小灯泡不合格;(2)根据 P=U2R,电压不变,电功率变大,是由于电阻变小而造成的,生产这种小灯泡钨丝的粗细是一定的,则这个小灯泡内钨丝的长度小于合格产品钨丝的长度;根据 Q=W=Pt,在相等时间内产生的热量多,容易烧断灯泡【答案】:(1)不合格;在额定电压下,灯泡的功率不等于额定功率;(2)短了;灯泡容易烧坏195V (2017·福建中考) (2017·福建中考)28.在 测量小灯泡的电功率 的实验中,电源电压为“ “ 3V,灯泡额定电压为 2.5VV.(1)请根据图甲,将图乙所示的实物电路用笔画线连接完整;(2)在连接电路时,开关应 ,滑动变阻器的滑片 P 应置于 端(选填“A”或“B”);(3)移动滑片 P,当电压表的示数为 1.5VV 时,电流表的示数如图丙所示,其示数为A,小灯泡此时的电功率为 W.要测量小灯泡的额定功率,需将滑片 P 向端移动(选填“A”或“B”)直到电压表的示数为 2.5VV;(4)实验中,小灯泡突然熄火,电流表示数为零,电压表示数变大,电路中的故障可能是 .【解析】(1):(1) 测量小灯泡的电功率 的实验中,电源电压为“ “ 3V,灯泡额定电压为 2.5VV.故电压表的量程选“0~3V”,并联在小灯泡两端(2)电路连接过程中,开关应断开,滑片滑到阻值最大处,阻值最大处在 B 端;(3)电流表使用 0~0.6A 量程,分度值为 0.02A,电流为 0.24A;此时小灯泡的实际功率:P 实际=U 实际 I 实际=1.5VV×0.24A=0.36W;要使灯泡正常工作,灯泡两端电压从 1.5VV 增大到 2.5VV,电路电流要增大,总电阻要减小,滑动变阻器的电阻要减小,滑片向 A 端移动,使电压表的示数为 2.5VV 为止;(4)灯泡与滑动变阻器串联,电流表测电路电流,电压表与灯泡并联;闭合开关,灯泡不亮,说明电路存在断路或灯泡发生短路;电流表示数为零,说明电路发生断路;电压表示数变大,说明电压表的正负接线柱与电源两极相连,因此电路故障为灯泡断路.答案:(1)如图所示;(2)断开 B;(3)0.24 0.36 A(4)灯泡断路195V (2017·广元中考) (2017·广元中考)【解析】:由电压表示数 12V,电流表示数 0.5VA 可知电阻 R=U/I=12V/0.5VA=24Ω;由于 R0 和 L 是并联的,所以它们电压相等,UL=UR0=I2 R0,流过 L 的电流 IL=I1-R2=100I2,所以RL= UL/IL= I2R0/(I1-R2=100I2);灯丝的电阻随温度的升高而增大,灯丝正常发光时温度比不发光时温度高,所以电阻比不发光时电阻大;P 实=U 实 I 实=12V×0.5VA=6W,额定功率与实际功率只差为:40W-R2=1006W=34W答案:24 I2R0/(I1-R2=100I2) 灯丝正常发光时温度比不发光时温度高,灯丝温度越高电阻大 34195V (2017·六盘水中考)【解析】(1)如图甲,滑动变阻器与小灯泡、电流表串联,滑动变阻器要按 一上一“下 的接法连入电路,故应将” A 或 B 接线柱与电流的“-R2=100”接线柱相连,如图;(2)电流表无示数说明电路处于断路状态,当滑动变阻器断路时,电压表示数为零,不符合题意,当小灯泡断路时,电压表和滑动变阻器串联在电路中,此时电压表测量电源电压,依然有示数,故符合题意;(3)小灯泡的额定电压是 2.5VV,实际电压 1V 小于额定电压,因此实际功率小于额定功率,小灯泡实际亮度偏暗;若让小灯泡正常发光,需使电压表示数变大至 2.5VV,由乙图可知,当滑片向 C 端移动时,连入电路的电阻减小,通过灯泡的电流增大,电压表示数会变大,因此应将滑片向 C 端移动;(4)如图丙,电流表量程是 0.6A,分度值是 0.02A,故电流表的示数为 0.24A,小灯泡的额定功率 P=IU=0.24A×2.5VV=0.6W;(5V)如图乙所示的电路,可以测量通过灯泡的电流 I 及灯泡两端电压,根据公式IUR ,故这个装置还可以完成测量小灯泡的灯丝电阻的实验。答案:(1)如解析图所示 (2)小灯泡断路 (3)暗 C (4)0.24 0.6 (5V)测量小灯泡的灯丝电阻195V(2017·哈尔滨中考)次数 电压表示数/V 电流表示数/A 电功率/W 灯泡亮度1 2.5V 0.30 较亮2 3 0.32 0.96 很亮3 2 0.26 0.5V2 稍亮(2017·哈尔滨中考)某小组研究小灯泡电功率,小灯泡额定电压为 2.5VV,电源电压恒定不变,有规格为“10Ω2A”和“20Ω 2A”的滑动变阻器各一个.(1)如图甲所示,选用“10Ω 2A”规格的滑动变阻器进行实验.连接电路时,需将滑动变阻器的滑片 P 置于(填“A 或“B)端,其目的是 .(2)接着用开关迅速试触,灯泡发光,电压表示数如图乙,此时灯泡两端电压为V.为了使灯泡正常发光,接下来的操作是: .(3)实验中收集信息如上表.分析表格中信息可得, 小灯泡额定功率为① W; 在电路安全范围内,小灯泡两②端实际电压越大,消耗的电功率 ,灯泡越亮.【解析】本题考查滑动变阻器的选择及电路连接及小灯泡电功率的测量.(1)在连接电路时,要把滑片 P 置于最大值的位置,以保护电路的安全。(2)试触时,电压表2.8V>2.5VV,滑动变阻器应换用“20Ω2A”,闭合开关,移动滑片 P,并观察电压表,测出表格中相应的电压和电流值。(3)由表格可看出,在额定电压时,P=UI=2.5VV×0.3A=0.75VW,由实验可得出,电压越大,电流也越大,由公式P=UI,消耗的电功率就越大,灯越亮。答案: (1)A 保护电路 (2)2.8 断开开关,用“20Ω2A”替换“10Ω2A”的滑动变阻器,并调节滑片 P 到接入电路的阻值最大处;闭合开关,凋节滑片 P,直至观察到电压表示数为 2.5VV(3) ** Expression is faulty **0.75V ** Expression is faulty **越大195V (2017·衡阳中考) (2017·衡阳中考) 如图中所示是测量额定电压为 2.5VV 小灯泡额定功率的电路实物图.(1)请你用笔画线代替导线将电路补充完整,要求:滑动变阻器连入电路的阻值最大,导线不允许交叉;(2)正确连接好电路后,闭合开关 S,移动变阻器滑片 P,小灯泡始终不发光,电压表有明显示数,电流表无示数,导致这种情况出现的可能原因是小灯泡 (选填短路 或 断路 );“ ” “ ”(3)排除故障后,调节滑动变阻器,使电压表示数达到额定电压时,电流表指针的位置如图乙所示,则通过小灯泡的电流是 A,小灯泡的额定功率是 W;(4)利用测出的几组数据,算出小灯泡的电阻,发现灯泡电阻有较明显的变化,说明灯丝的电阻与 有关.【解析】(1)把滑动变阻器串联接入电路,电压表并联在灯泡两端,灯泡的额定电压为 2.5VV,所以电压表应选择 0~3V 的量程;要使变阻器的阻值最大,应将变阻器左边的接线柱接入电路中,实物电路图如图所示:(2)灯泡不亮、电流表无示数,说明电路中有断路现象,而电压表有示数说明电压表与电源连接的电路没问题,所以说明灯泡断路;(3)当电压表示数等于灯泡额定电压 2.5VV 时,灯泡功率达到额定功率;由图乙电流表可知,其量程为 0~0.6A,分度值为 0.02A,示数为 0.24A;灯泡额定功率 P=UI=2.5VV×0.24A=0.6W;(4)灯丝电阻受温度影响,温度越高,电阻越大,灯泡温度越高,灯泡电阻越大,所以温度造成灯泡的电阻变化.答案:(1)如上图;(2)断路;(3)0.24;0.6;(4)温度.195V (2017·衢州中考) (2017·衢州中考) 小柯发现白炽灯泡在开灯瞬间最容易烧坏,猜想可能是在开灯瞬间灯丝的温度较低,导致电阻比正常工作时小.于是设计图示电路来验证自己的猜想.【实验步骤】第一步:断开 S2,闭合 S1,电流表指针偏转,但灯泡不发光.第二步:断开 S1,闭合 S2,灯泡正常发光,灯丝温度很高.第三步:两分钟后再断开 S2 并迅速闭合 S1,观察电流表示数变化情况.【实验分析】(1)第一步中,灯泡两端的电压是 V,灯泡不发光的原因是 .(2)在第三步中,若观察到电流表示数变化的情况是 ,就可以得出灯丝的温度越低,其电阻越小.【解析】(1)断开 S2,闭合 S1,灯泡接在上面电源的两端,此时电源电压为 6V,灯泡两端的电压也为 6V;由于灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压,造成灯泡的实际功率远远小于额定功率,所以灯泡不发光;(2)闭合 S2 通电两分钟后灯泡正常发光,灯丝温度很高,断开 S2 后,电路的电流变为零,再迅速闭合 S1,电流表示数快速增大,但此时灯丝的温度高,电阻大,电流小,之后随着温度的逐渐降低,灯丝电阻逐渐减小,电流逐渐变大,直到不变,这说明灯丝的温度越低,其电阻越小.答案:(1)6V;由于灯泡两端的实际电压远小于它的额定电压,造成灯泡的实际功率远远小于额定功率,所以灯泡不发光;195V (2017·聊城中考)26.(6 分)在 测量小灯泡的电功率 实验中.电源电压为“ ” 6V 保持不变.所用小灯泡的额定电压为 2.5VV。小灯泡的电阻约为 10Ω。(1)用笔画线代替导线,将图甲的实物图连接完整,要求滑动变阻器滑片 P 向右滑动时小灯泡变亮。(2)闭合开关 S 前,应将滑动变阻器的滑片 P 移到最_______端(选填 左 或 右“ ” “ ”)。(3)闭合开关 S 后,发现小灯泡不亮,但电流表和电压表均有示数,接下来首先应该操作的是_______ (填序号)A.检查电路是开断路B.检查电路是开短路C.移动滑动变阻器的滑片 P,观察小灯泡是否发光(4)通过小灯泡的电流随它两端电压的变化如图乙所示.分析图象可知,当小灯泡两端的电压增大时,灯丝的电阻会_______ (选填 增大 、 不变 或 减小“ ” “ ” “ ”);小灯泡的额定功率为 _______W。(5V)若将小灯泡换成定值电阻,该电路还可以进行的实验有______________ (清写出一个即可)。【解析】本题考查测量小灯泡的电功率。要求滑动变阻器滑片⑴要求滑动变阻器滑片 P 向右滑动时小灯泡变亮,就是使滑片 P 向右滑动时电路中的电流变大,变阻器连入电路中的电阻变小,所以要使用右下接线柱。小灯泡的额定电压为 2.5VV,小灯泡的电阻约为 10Ω,则灯泡正常工作时的电流约为 I===0.25VA,所以电流表要使用 0~0.6A 的量程。把电流表标 0.6 接线柱与滑动变阻器的右下接线柱相连即可以完成电路连接。如图。闭合开关⑵闭合开关 S 前,应将滑动变阻器的滑片 P 移到连入电路中的阻值最大的一端,已知上一小题中滑动变阻器使用了右下接线柱,所以滑片 P 要移到最左端。电流表和电压表均有示数,说明电路正常,此时灯泡不亮,要先移动滑动变阻器的滑⑶电流表和电压表均有示数,说明电路正常,此时灯泡不亮,要先移动滑动变阻器的滑片 P 进行观察。选 C。分析乙中图象可知,电流与电压不成正比,且电流增加较慢,所以当小灯泡两端的电⑷分析乙中图象可知,电流与电压不成正比,且电流增加较慢,所以当小灯泡两端的电压增大时,灯丝的电阻会增大。小灯泡的额定电压为 2.5VV,从图乙中可知,当 U=2.5VV 时 I=0.2A,额定功率 P=UI=2.5VV×0.2A=0.5VW。若将小灯泡换成定值电阻,如果未知电阻阻值,则可利用该电路测电阻的阻值;如果⑸若将小灯泡换成定值电阻,如果未知电阻阻值,则可利用该电路测电阻的阻值;如果已知电阻阻值,则可利用该电路探究通电导体的电阻与导体两端电压的关系。【答案】(1)(2)左 (3)C (1)增大 0.5V(5V)伏安法测电阻或电阻一定时,研究通过导体的电流与导体两端电压的关系195V (2017·襄阳中考) (2017·襄阳中考)【解析】本题考查电功率的测量。(1)电流表要与小灯泡串联,图中小灯泡被短路,电流表与小灯泡左接线柱的导线多余,应去掉;(2)闭合开关前,应将滑片 P 移到接入电路中的阻值最大的右端;(3)电压表的示数调不到 2.5VV,原因可能是动变阻器最大阻值过小或电源电压过高;(4)由图甲可知,电流表使用小量程;由图乙可知,此时电流表的示数为 0.24A,则小灯泡的额定功率为:P=UI=2.5VV×0.24A=0.6W;(5V)将灯泡两端的电压调为额定电压的一半,实际功率不等于额定功率的 1/4,原因是:灯丝的电阻随温度的改变而发生了变化。答案:(1)如图所示 (2)右 (3)滑动变阻器最大阻值过小或电源电压过高(4)0.6 (5V)灯丝的电阻随温度的改变而发生了变化195V (2017·宿迁中考)(2017·宿迁中考)在 测量小灯泡的电功率 实验中,实验器材有:电池组“ ” (3V 不变)、电流表、电压表、小灯泡(额定电压 2.5VV)、滑动变阻器、开关、导线若干,实物电路如图甲所示.(1)请用笔画线代替导线,将图甲中的实物电路连接完整.(2)连接好电路,闭合开关,调节滑动变阻器,发现小灯泡不亮,电压表示数始终为零,电流表示数变化明显.电路故障可能是 ▲ .(3)排除故障后进行实验,图乙是由实验数据描绘得到的小灯泡的 I — U 图像,则小灯泡额定功率是 ▲ W.小灯泡正常发光时,滑动变阻器接入电路的阻值是 ▲ Ω.(4)分析小灯泡的 I — U 图像,发现小灯泡灯丝的阻值随电压变化而变化,从本质上讲,引起小灯泡灯丝阻值变化的因素是 ▲ .【解析】本题考查电功率的测量。(1)电压表应并联在小灯泡两端,由于电源电压为3V,小灯泡的额定电压为 2.5VV,则电压表应选择 0—3V 的量程,如图所示;(2)小灯泡不亮,电压表示数始终为零,电流表示数变化明显,电路故障可能是小灯泡短路;(3)由图乙可知,当 U=2.5VV 时,对应的电流约为 I=0.25VA,则小灯泡的额定功率 P=UI=2.5VV×0.25VA=0.625VW;此时滑动变阻器两端的电压为 3V-R2=1002.5VV=0.5VV,接入电路的电阻为 R=U/I=0.5VV/0.25VA=2Ω;(4)引起小灯泡灯丝阻值变化的因素是温度。答案:(1)如图所示 (2)小灯泡短路 (3)0.625V 2 (4)温度195V (2017·无锡中考) (2017·无锡中考)甲I/A1 2 300.10.20.3U/V乙【解析】本题考查电功率的测量。(1)小灯泡的额定电压为 2.5VV,则电压表应选用 0—3V 的量程,与小灯泡并联,如图所示;闭合开关前,应将滑片 P 置于接入电路的阻值最大的左端;分析实验过程可知,电路故障是:B 点或 C 点接线柱与导线接触不良; 由图乙可知,电流表的示数为④ 0.3A,则灯泡的额定功率P=UI=2.5VV×0.3A=0.75VW;(2)操作:断开开关,电压表的负接线柱连接 D点;闭合开关,记录下电流表和电压表的示数;断开开关,保持滑动变阻器滑片 P 的位置不变,再将电压表的负接线柱与 C 点相连,记录电压表和电流表的示数;判断方法:若电压表示娄缇更大,则接 D,反之接 C;(3)由图丙可知,当只断开 S2 时,变阻器与灯 L 串联,电压表测量灯 L 两端的电压,设滑动变阻器接入电路的阻值为 R,则VVRRRLL5.35.2;当只断开 S1 时,变阻器与 R0 串联,电压表测 R0 两端的电压,则VVRRR5.36.200,两式联立可得26225LR,则其额定功率:WVRUPL72.0262255.2 22)(额。答案:(1)如图所示 左 B 点或 C 点接线柱与导线接触不良 ④ 0.75V (2)断开开关,电压表的负接线柱连接 D 点;闭合开关,记录下电流表和电压表的示数;断开开关,保持滑动变阻器滑片 P 的位置不变,再将电压表的负接线柱与 C 点相连,记录电压表和电流表的示数 若电压表示娄缇更大,则接 D,反之接 C (3)0.72195V (2017·上海中考) (2017·上海中考)【解析】本题考查电功率的测量。(1)由图 b 可知,电流表使用小量程,示数为0.24A;(2)分析表格数据可知,电压表示数减小时,电流表示数增大,则电压表并联在滑动变阻器两端;由图 a 可知,电压表示数为 1.4V,电流表示数为 0.24A;由表格数据可知,与 0.24A 电流对应的电压是 3.0V,则电源电压为U=U1+U2=1.4V+3.0V=4.4V;当小灯泡通过的电流为其额定电流 0.28A 时,对应的电压为 2.2V,则小灯泡的额定功率为 P=UI=2.2V×0.28A=0.616W。答案:(1)0.24 (2)4.4V 0.616W196(2017·成都中考)(2017·成都中考)26.(6 分)如图所示,定值电阻 R0=10Ω,滑动变阻器 R 的最大阻值为 20Ω,灯泡 L 上标有“3V 0.6W”的字样.只闭合开关 S、S1,并把 R 的滑片移到最右端,电流表的示数为 0.1A.(1)电源电压为多少?(2)若三个开关都闭合,R 的滑片移到最左端,此时电路的总功率为多少?解析:(1)只闭合开关 S、S1,R0 与滑动变阻器串联,R 的滑片移到最右端连入电路的电阻为 20Ω,则总电阻:R=R0+R 滑=10Ω+20Ω=30Ω,由 I= 可得,电源的电压:U=IR=0.1A×30Ω=3V;(2)若三个开关都闭合,R 的滑片移到最左端连入电路的电阻为 0Ω,所以灯泡与 R0并联;则:P0= = =0.9W,灯泡两端的电压 UL=U=3V,与额定电压 3V 相等,则灯泡正常发光;PL=P 额=0.6W,所以总功率 P=P0+PL=0.9W+0.6W=1.5VW.答:(1)电源电压为 3V;(2)若三个开关都闭合,R 的滑片移到最左端,此时电路的总功率为 1.5VW.196 (2017·成都中考)(2017·成都中考)34.(4 分)小王同学在科技创新活动中设计了一个可以测量金属滑片旋转角度的电路.如图 1 所示,把电阻丝 EF 弯成半圆形(电阻丝的电阻与其长度成正比),O 为圆心,OP 为一能够绕圆心 O 转动的金属滑片,P 与 EF 接触良好.如图 2 所示,A 为电流表(可选择 A1:量程为 100mA、内阻 r1=4Ω 或 A2:量程为20mA、内阻 r2=18Ω);R 为滑动变阻器,阻值变化范围为 0~100Ω,保护电阻R0=40Ω,理想电源电压 U=1.5VV 不变,电流表可看成一个能显示通过自身电流大小的定值电阻.选择合适的电流表,把 E、O 两个接线柱分别与 M、N 相接,为了从电流表上直接读出OP 的旋转角度.请完成以下内容:(1)连接好电路后,将 OP 转到 E 端,闭合开关 S,再调节滑动变阻器 R 使电流表示数为最大刻度值,此时电流表指针所指位置处标注的读数是 0 度.则电流表应选择(选填“A1”或“A2”)(2)保持滑动变阻器滑片位置不变,把 OP 转到 F 端,电流表的示数为 7.5VmA,此时电流表指针所指的位置处标注的读数是 180 度,则电流表最大刻度的一半处应标注的读数是 度;电流表刻度值为 mA 处,应标注的读数是 36 度.(3)在完成其它标注后,小王同学发现表盘新的 刻度值不均匀,为帮她解决这个问题,同学们用理想电压表设计了如下四个改进的电路,其中可行的两个是 .解析:(1)把 E、O 两个接线柱分别与 M、N 相接,将 OP 转到 E 端时,电阻丝 EF接入电路中的电阻为零,调节滑动变阻器 R 使电流表示数为最大刻度值,若电流表选择 A1,则电路中的最大电流 I=100mA=0.1A,由 I= 可得,电路中的最小总电阻:R 最小= = =15VΩ<40Ω,不符合题意,所以,电流表应选择 A2;(2)把 E、O 两个接线柱分别与 M、N 相接,将 OP 转到 E 端时,由电流表 A2 的量程可知,电路中的最大电流 I=20mA=0.02A,此时电路的最小总电阻即 R0、电流表和 R 的总电阻:R 最小= = =75VΩ,保持滑动变阻器滑片位置不变,把 OP 转到 F 端时,电路中的电流I1=7.5VmA=0.0075VA,此时电路中的总电阻:R 总 1= = =200Ω,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电阻丝 EF 的阻值:REF=R 总 1 R﹣U 最小=200Ω 75VΩ=125VΩ﹣U ,电流表最大刻度的一半处,电路中的电流 I2=10mA=0.01A,电路中的总电阻:R 总 2= = =15V0Ω,电阻丝 EF 接入电路中的电阻:REF′=R 总 2 R﹣U 最小=15V0Ω 75VΩ=75VΩ﹣U ,则电流表最大刻度的一半处应标注的读数是 ×180°C=108°C;标注的读数是 36 度时,电阻丝 EF 接入电路中的电阻 ×125VΩ=25VΩ,电流表刻度值 I3= = =0.015VA=15VmA;(3)A.电阻丝 EF 全部接入电路中,整个电路的总电阻不变,电路中的电流不变,由 UEP=IREP 可知,UEP 与 REP 成正比,REP 与 EP 的长度成正比,长度与角度成正比,所以电压表的示数与角度成正比,故 A 符合题意;B.电阻丝 EF 全部接入电路中,整个电路的总电阻不变,电路中的电流不变,由UEP=U IR﹣U EP 可知,UEP 与 REP 成正比,REP 与 EP 的长度成正比,长度与角度成正比,所以电压表的示数与角度成正比,故 B 符合题意;C.由 UEP= REP 可知,UEP 与 REP 不成正比,则 UEP 与 EP 的长度不成正比,故 C 不符合题意;D.由 UEP= R1 可知,UEP 与 REP 不成正比,则 UEP 与 EP 的长度不成正比,故 D 不符合题意.故选 AB.答案:(1)A2;(2)108;15V;(3)AB.196 (2017·河北中考)(2017·河北中考)18.(7 分)如图 1 示,电源电压恒定,滑动变阻器的规格为“30Ω 1A”,在 AB 间接入规格为“12V 12W”的灯泡,闭合开关,当变阻器的五分之一阻值连入电路时,灯泡正常发光.(1)求灯泡正常工作时通过的电流和电源电压.(2)R0 是如图 2 示的 Ra 和 Rb 之间任意取值的电阻,当在 AB 间接入电阻 R0 后,闭合开关,在保证电路安全的情况下,将滑片 P 从最右端向左滑动的过程中,电流表示数均出现过 0.4A(电流表选择 0 0.6A﹣U 量程),求 R0 的取值范围及电压表示数的最大值和最小值.解析:(1)在 AB 之间接入灯泡时,灯泡 L 与 R 串联时,灯泡正常发光,因串联电路中各处的电流相等,所以,由 P=UI 可得,通过灯泡的电流即电路中的电流:I=IL= = =1A;由 I= 可得,滑动变阻器两端的电压:UR=I× R=1A× ×30Ω=6V,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,电源的电压:U=UL+UR=12V+6V=18V;(2)由图 2 可知,当 Ia=Ib=2A 时,Ua=20V,Ub=5V0V,则两电阻的阻值分别为:Ra= = =10Ω,Rb= = =25VΩ,当电流表的示数为 0.4A 时,电路中的总电阻:R 总= = =45VΩ,当滑动变阻器的滑片位于最右端时,R0 的阻值最小,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,R0 的最小阻值:R0 小=R 总﹣UR=45VΩ 30Ω=15VΩ﹣U ,又因 R0 是 Ra 和 Rb 之间任意取值的电阻,所以,R0 的最大阻值:R0 大=Rb=25VΩ,所以,R0 的取值范围为 15VΩ~25VΩ;当 R0=15VΩ,滑动变阻器的滑片位于最右端时(变阻器接入阻值最大),电压表的示数最大,则电压表的最大示数 UR 大=I′R=0.4A×30Ω=12V;当 R0=25VΩ,电路中的电流最大为 0.6A 时,R0 两端的电压最大,电压表的示数最小,此时 R0 两端的最大电压 U0 大=I 大 R0=0.6A×25VΩ=15VV,则电压表的最小示数 UR 小=U U﹣U 0 大=18V 15VV=3V﹣U .答:(1)灯泡正常工作时通过的电流为 1A,电源电压为 18V;(2)R0 的取值范围为 15VΩ~25VΩ,电压表示数的最大值为 12V、最小值为 3V.196(2017·郴州中考)(2017·郴州中考)用四个相同的灯泡 L1、L2、L3、L4 和定值电阻 R1、R2,组成如图所示两个电路.图中 U 甲=12V,U 乙=6V.闭合开关,四个灯泡均正常发光.求:(1)通过 L1 和 L2 的电流之比为 ;(此项只需填写结果即可)(2)甲、乙两电路的总功率之比;(3)定值电阻 R1、R2 的阻值之比.解析:(1)串联电路电流处处相等,故通过 L1 和 L2 的电流之比为 1:1;(2)用四个相同的灯泡,均正常发光.小灯泡的额定电流为 I,甲图灯泡串联所以:I 甲=I,乙图并联,所以:I 乙=2I,因为 P 甲=U 甲 I,P 乙=U 乙 2I,所以 ;(3)小灯泡的额定功率为 PL,R1、R2 的额定功率为 P1、P2,所以 P 甲=2PL+P1,P 乙=2PL+P2,因为 P 甲=P 乙,所以 P1=P2,又因为 P1=I2R1,P2=(2I)2R2,所以 I2R1=(2I)2R2,所以 = .答:(1)通过 L1 和 L2 的电流之比为 1:1;(2)甲、乙两电路的总功率之比为 1:1.(3)定值电阻 R1、R2 的阻值之比为 4:1.196 (2017·湖州中考)(2017·湖州中考)14.在我们使用电器的时候,按一下遥控器的待机键,电器即进入等待开机的状态,即为待机模式.有的电器虽然没有待机按钮,可如果没有切断电源,也相当于处在待机状态.下表是常用家用电器在 220V 电压下的工作功率和待机功率.电器种类 空调 电视机 机顶盒 洗衣机工作功率(瓦) 2600 15V0 15V.4 5V00待机功率(瓦) 1.1 0.2 15V.2 0.03请回答:(1)在家庭电路中,机顶盒和电视机 (选填 串 或 并 )联在火线和零线上.” “ ” “(2)根据表中数据,电视机的工作电流为 安.(精确到 0.01 安)(3)若机顶盒每天处于待机状态的时间为 20 小时,计算 1 个月(以 30 天计)机顶盒在待机状态下消耗的电能.解析;(1)机顶盒和电视机可以独立工作,互不影响,因此机顶盒和电视机是并联的;(2)由 P=UI 可知电视机工作时的电流为:I===0.68A;(3)机顶盒在待机状态下消耗的电能为:W=P't=0.015V2kW×20h×30=9.12kW•h.答案:(1)并;(2)0.68;机顶盒在待机状态下消耗的电能为 9.12kW•h.196 (2017·黄石中考)(2017·黄石中考)20.老式台灯亮度调节器电路原理图如图所示,已知电源供电电压 U=3V 保持不变,灯泡 L 标有“3V、1.5VW'字样,且灯泡电阻的变化忽略不计,与灯泡串联的亮度调节器实际上就是一个滑动变阻器,滑动变阻器的最低点 c 下端阴影段为绝缘材料(相当断路开关).则:(1)此台灯工作时灯泡电阻是多大?(2)若滑动交阻器接入电路的电阻 R=6Ω 时,灯泡的实际电功率是多少?(3)当滑动变阻器的滑片 P 分別滑至中点 b 和最低点 c 时,灯泡电功率之比是 9:4.那么滑动变阻器最大电阻值(即 ac 段导体电阻)是多少?解析:(1)由 P=UI= 可得,此台灯工作时灯泡的电阻:RL= = =6Ω;(2)滑动交阻器接入电路的电阻 R=6Ω 时,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,电路中的电流:I= = =0.25VA,灯泡的实际电功率:PL′=I2RL=(0.25VA)2×6Ω=1.5VW;(3)当滑动变阻器的滑片 P 分別滑至中点 b 和最低点 c 时,灯泡电功率之比:= =( )2= ,解得: = ,因电压一定时,电流与电阻成反比,所以, = = = ,解得:R 滑=12Ω.答案:(1)此台灯工作时灯泡电阻是 6Ω;(2)若滑动交阻器接入电路的电阻 R=6Ω 时,灯泡的实际电功率是 1.5VW;(3)滑动变阻器最大电阻值是 12Ω.196 (2017·嘉兴中考)(2017·嘉兴中考)12.最近我市出现了许多共享电动汽车,这种新型低碳的交通工具,深受市民的喜爱.某品牌电动汽车的部分参数如表所示.请回答:(1)如图 1 所示,租车时,租赁者只要将租车卡靠近电动汽车上的感应器,感应器即能读取卡中的信息,将车解锁.刷卡所用的原理是 .(2)某次启动后,汽车显示屏上出现了如图 2 所示的输出电压与电流,求此时电动汽车的输出功率为多少瓦?(3)根据表中的数据,将已经耗完电能的电池充满,理论上需要多少时间?充满电后,该车在水平地面上匀速行驶的最大距离为 140 千米,则行驶时该车受到的阻力为多少牛.解析:(1)将带有磁条的租车卡靠近电动汽车上的感应器,检测头的线圈中就会产生变化的电流,感应器读出信息原理就是电磁感应现象;(2)由图 2 可知,输出电压 U=339V,电流 I=1A,则此时电动汽车的输出功率:P=UI=339V×1A=339W,(3)电池容量 W 电=22kW•h=7.92×107J,由 W=UIt 得,将已经耗完电能的电池充满,理论上需要的时间:t= = =2.25V×104s,由 η= ×100%得,汽车行驶时牵引力做的功:W 机械=ηW 电=70%×7.92×107J=5V.5V44×107J,汽车行驶距离 s=140km=1.4×105Vm,由 F= = =396N,因为汽车在水平地面上匀速行驶,根据二力平衡条件可知,该车行驶时受到的阻力 f=F=396N.答:(1)刷卡所用的原理是电磁感应现象.(2)此时电动汽车的输出功率为 339 瓦;(3)理论上需要时间为 2.25V×104s;行驶时该车受到的阻力为 396 牛.196 (2017·安顺中考)(2017·安顺中考)18.(6 分)如图甲是一种恒温调奶器,可以自动调试好加水的奶粉,然后加热到最适合宝宝饮用的温度 40℃,还可以自动保温,特别适合夜间使用。图乙是机器的参数表及电路简图(R1、R2 为电热丝,S 为双触点自动开关)。求:(1)调奶器处于保温状态时的工作电流(结果保留两位小数)?(2)电阻 R2 的阻值?(3)若把 200g 调好的奶粉从 20℃加热到 40℃所用时间为 32s,则调好的奶粉的比热容是多少(不计热损失)?【解析】本题考查电功与热量的综合计算。(1)由 P=UI 可得,调奶器处于保温状态时的工作电流:I=P保温U=16W220V≈0.07A;(2)当 S 接“2”时,电路为 R1 的简单电路,调奶器处于保温状态;当接“3”时,电路为 R1、R2 并联,调奶器处于加热状态,因电路中的总功率等于各用电器功率之和,所以,R2 的电功率:P2=P 加热-R2=100P 保温=5V00W-R2=10016W=484W,由 P=U2R可得,电阻 R2 的阻值:R2=U2P2=(220V )2484W=100Ω;(3)由 P=Wt可得,调奶器消耗的电能:W=P 加热 t′=5V00W×32s=16000J,不计热损失,调好奶粉吸收的热量:Q 吸=W=16000J,由Q 吸=cm(t-R2=100t0)可得,调好奶粉的比热容:c=Q吸m(t−t0 )=16000J200×10−3kg×(40℃−20℃)=4×103J/(kg•℃)。答案:(1)调奶器处于保温状态时的工作电流为 0.07A;(2)电阻 R2 的阻值为 100Ω;(3)调好的奶粉的比热容是 4×103J/(kg•℃)。196 (2017·宁波中 (2017·宁波中考)13.小科家浴室内有台储水式电热水器,其说明书部分参数如考)表:回答下列问题:(1)加热棒阻值不变,当二根加热棒同时工作时,它们的连接方式是 联的.(2)该电热水器以 2.0kW 的功率工作 75Vmin,消耗的电能为多少?此时通过它的电流为多大?(计算结果精确到 0.1A)(3)当电热水器装满水时,电热水器受到的总重力是多少?(4)如图甲、乙所示分别是该电热水器水平安装时的正面和侧面示意图,其中 A 点是电热水器装满水时的重心位置,图中 h=d=248mm.装满水时,若忽略进、出水管对电热水器的作用力,则墙面对悬挂架的支持力为多大?(5V)小科洗热水澡后发现:与进水管相连的金属进水阀表面布满了小水珠(如图丙),而与出水管相连的金属出水阀表面仍保持干燥.请你分析产生上述两种现象的原因.解析:当二根加热棒同时工作时,总功率最大,总电阻最小,它们的连接方式是并联;(2)工作时间 t=75Vmin=1.25Vh,消耗的电能为:W=Pt=2.0kW×1.25Vh=2.5VkW•h;通过它的电流为:I===9.1A;(3)装满水时 V 水=65VL=0.065Vm3电热水器内水的质量为:m 水=ρ 水 V 水=1.0×103kg/m3×0.065Vm3=65Vkg;电热水器受到的总重力是:G=(m 水+m容)g=(23kg+65Vkg)×10N/kg=880N;(4)由图知,假设墙面对悬挂架的支持力为 F,根据杠杆的平衡条件有:Fh=GdF×0.248m=880N×0.248m解得 F=880N;(5V)与进水管相连的金属进水阀温度低,空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠,而出水管相连的金属出水阀温度高,水蒸气不能遇冷,不能液化故没有小水珠.答:(1)并;(2)消耗的电能为 2.5VkWh;此时通过它的电流为 9.1A;(3)电热水器受到的总重力 880N;(4)墙面对悬挂架的支持力为 880N;(5V)与进水管相连的金属进水阀温度低,空气中的水蒸气遇冷液化成小水珠,而出水管相连的金属出水阀温度高,水蒸气不能遇冷,不能液化故没有小水珠.196 (2017·庆阳中考)(2017·庆阳中考)22.(8 分)母亲为了给小林增加营养,买了一台全自动米糊机,如图(甲)所示。米糊机的主要结构:中间部分是一个带可动刀头的电动机,用来将原材料粉碎打浆;外部是一个金属圆环形状的电热管,用来对液体加热。如图(乙)所示是米糊机正常工作时,做一次米糊的过程中,电热管和电动机交替工作的“P—t”图象。表格内是主要技术参数。请问:额定容积 1.5VL 加热功率 1000W额定电压 220V 电机功率 130W额定频率 5V0Hz 机器净重 1.9kg整机尺寸 232×174×298cm(1)米糊机正常工作时的电热管中的电流是多大?(计算结果保留两位小数)(2)米糊机正常工作时做一次米糊,消耗的电能是多少?(3)米糊机在正常工作状态下做一次米糊,若各类原料和清水总质量为 1.5Vkg,初温为020 C,米糊沸腾时温度是0100 C,电热管的加热效率是多少?(已知原料和清水的混合物的比热容及米糊的比热容均为  3 04.0 10 /J kg C  ,计算结果保留百分数整数。)解析:本题是考查电功、电功率的计算、比热容的计算(1)由 P=UI, I=P/U=4.5V5VA(2)米糊机正常工作一次:加热:W1=3P1t1 =3×1000W×3×60s=5V.4×105VJ电机:W2=2P2t2=2×130W×1×60s=1.5V6×104JW= W1+ W2=5V.5V5V6×105VJ(3)Q=cmΔtt=cm(t-R2=100t0)=4.0×103J/(kg·℃)×1.5Vkg×(100℃-R2=10020℃)=4.8×105VJη= 1100%QW=89%答案:(1)4.5V5VA(2)5V.5V5V6×105VJ(3)89%196 (2017·遵义中考)(2017·遵义中考)19.(7 分)有一种挂式电热水器内部简化电路如图所示,该热水器设有高、中、低三档,已知电热丝 R1=5V5VΩ,高档加热功率为 1100W,电热转化效率为 80%,水的比热容为 4.2×103J/kg•℃).求:(1)将 2kg 水从 20℃加热到 75V℃需要吸收多少热量;(2)用高档将 2kg 水从 20℃加热到 75V℃需要多少时间;(3)只闭合 S、S2 时,电热水器的电功率是多少.解析:(1)水吸收的热量:Q 吸=cm(t t﹣U 0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×(75V℃ 20℃﹣U )=4.62×105VJ;(2)由 η= ×100%可得,消耗的电能:W= = =5V.775V×105VJ,由 P= 可得,需要的加热时间:t′= = =5V25Vs;(3)由电路图可知,闭合 S、S1、S2 时,R1 与 R2 并联,电路的总电阻最小,电路的总功率最大,热水器处于高档,此时电热丝 R1 的功率 P1= = =880W,因电路的总功率等于各用电器功率之和,所以,电热丝 R2 的功率 P2=P 高﹣UP1=1100W 880W=220W﹣U ;只闭合 S、S2 时,电路为 R2 的简单电路,因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,电热水器的电功率为 220W.答:(1)将 2kg 水从 20℃加热到 75V℃需要吸收 4.62×105VJ 的热量;(2)用高档将 2kg 水从 20℃加热到 75V℃需要 5V25Vs;(3)只闭合 S、S2 时,电热水器的电功率是 220W.196 (2017·遵义中考)(2017·遵义中考)21.(10 分)如图甲所示,灯泡 L 标有“6V 3W”字样,电源电压及灯丝电阻保持不变,电流表量程为 0~0.6A,电压表量程为 0~15VV,变阻器 R 的最大阻值为 100Ω.只闭合开关 S、S1,移动 滑片 P 的过程中,电流表示数与变阻器连入电路的阻值变化关系如图乙所示,当滑片 P 在 a 点时,电压表示数为 10V,电流表示数为 Ia;只闭合开关 S、S2,滑片 P 置于 b 点时,变 阻器连入电路的电阻为 Rb,电流表的示数为 Ib,已知 Rb:R0=7:3,Ia:Ib=5V:4.求:(1)小灯泡正常工作时的电阻 RL(2)只闭合 S、S2,滑片 P 在 b 点时,电流表的示数 Ib;(3)电源电压.解析:(1)由 P= 可得,小灯泡正常工作时的电阻:RL= = =12Ω;(2)只闭合开关 S、S1,R 与 R0 串联,电压表测滑动变阻器两端的电压,滑片 P 在 a点时,电压表示数为 10V,此时电流表示数为 Ia;由图象乙可知,当电流表示数为 Ia 时,滑动变阻器连入电路的阻值为 20Ω,根据欧姆定律可得:Ia= = =0.5VA,已知 Ia:Ib=5V:4,所以只闭合 S、S2,滑片 P 在 b 点时,电流表的示数 Ib= Ia= ×0.5VA=0.4A;(3)只闭合开关 S、S1,滑片 P 在 a 点时,R 与 R0 串联,U 滑=10V,根据串联电路中总电压等于各分电压之和以及欧姆定律可得电源电压:U=U 滑+IaR0=10V+0.5VA×R0 ①﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U只闭合开关 S、S2,滑片 P 置于 b 点时,Rb 与 L 串联,根据串联电路中总电阻等于各分电阻之和以及欧姆定律可得电源电压:U=Ib(Rb+RL)=0.4A×(Rb+12Ω)﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U②已知 Rb:R0=7:3 ③﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U﹣U联立由 解得:①②③ R0=12Ω,则电源电压:U=10V+0.5VA×R0=10V+0.5VA×12Ω=16V.答:(1)小灯泡正常工作时的电阻 12Ω;(2)只闭合 S、S2,滑片 P 在 b 点时,电流表的示数 0.4A;(3)电源电压 16V.196 (2017•鄂州中考) (2017•鄂州中考)已知 A 灯标着“6V 3W”, B 灯标着“6V 6W”,滑动变阻器 R 规格“5V0Ω 2A”。 A 灯和 B 灯中电流随两端电压变化关系的图象如图甲所示。则:(1)将 A、B 两灯并联接在 6V 电源两端,求 30min 内电路消耗的电能;[来源:学+科+网](2)将 A、B 两灯串联接在某电源两端,使 A 灯恰好正常发光,求此时 B 灯电阻;(3)将 A 灯与滑动变阻器 R 串联接在 12V 电源两端,如图乙所示。调节滑动变阻器,当滑动变阻器的功率是 A 灯功率的 2 倍时,求滑动变阻器的功率。【解】(1)将 A、B 并联接在 6V 电源两端,因两灯的额定电压均为 6V,且并联电路各支路两端电压相同都等于电源电压 6V,所以 A、B 两灯都正常发光,由 P=Wt可得,30min 内电路消耗的电能:W 总=P 总t=(PA+PB)=(6W+3W)×30×60s=1.62×104JJ;(2)A、B 串联接在某电源两端,使 A 灯恰好正常发光,由 P=UI 可得,通过 A 灯的电流:IA=PA额U A额=3W6V=0.5VA,串联电路电流处处相等,则通过 B 灯的电流IA=IB=0.5VA,由图象可知,此时 B 灯的电压:UB=2V,由欧姆定律可得,此时 A 灯电阻:RB=UBI A=2V0.5 A=4Ω;(3)当 A 与滑动变阻器串联接在 12V 电源两端时,两者电流相等,当滑动变阻器的功率是 A 灯功率的 2 倍时,由 P=UI 可知,变阻器的电压为 A 灯电压的 2 倍,即 U 变=2UA,根据串联电路的电压特点可知,电源电压 U=U 变+UA=2UA+UA=3UA,所以此时 A 灯两端的电压:UA=13U=13×12V=4V,由图甲可知,此时 A 灯的电流(即串联电路的电流):I=IA=0.4A,变阻器两端的电压:U 变=2UA=2×4V=8V,此时滑动变阻器的功率:P 变=U 变 I=8V×0.4A=3.2W.【答案】(1)30min 内电路消耗的电能:1.62×104J;(2)A 灯电阻 4Ω(3)此时滑动变阻器的功率 3.2W196 (2017·福建中考) (2017·福建中考)某兴趣小组探究串联电路中电阻消耗的电功率与电流的关系,电路如图甲所示.滑动变阻器滑片 P 从最右端向最左端移动的过程中,R1 的 U-R2=100I 图象如图乙所示.求:(1)R1 的阻值;(2)电路消耗的最大功率;(3)当 R2 消耗的电功率为 0.5VW 时,R2 的阻值.【解析】【解答】解:(1)由 R1 的 U I﹣U 图象可知,通过 R1 的电流与电压成正比,R1 为定值电阻,当 U1=6V 时,I1=0.6A,由欧姆定律可知:R1= = =10Ω;(2)当滑动变阻器连入电阻为 0 时,电路中的电流最大,此时电阻 R1 两端的电压等于电源电压,电源电压 U=U1=6V,最大电流为 I1=0.6A,电路最大功率 P=UI1=6V×0.6A=3.6W;(3)当 R2 消耗的电功率为 0.5VW 时,P2=I2R2,0.5VW=I2R2,﹣U﹣U﹣U﹣U①而 I= = ,代入 得:①0.5VW=( )2R2,化简得:(R2)272R﹣U 2+100=0,解得 R2 的阻值:R2=2Ω 或 R2=5V0Ω,由图乙可知,当 R2 最大时,I 最小=0.15VA,电路总电阻 R= = =40Ω,R2 的最大值 R 最大=R R﹣U 1=40Ω 10Ω=30Ω﹣U ,所以 R2=5V0Ω 舍去,R2=2Ω.答:(1)R1 的阻值为 10Ω;(2)电路消耗的最大功率为 3.6W;(3)当 R2 消耗的电功率为 0.5VW 时,R2 的阻值为 2Ω.196 (2017·广元中考) (2017·广元中考)【解析】196 (2017·六盘水中考)【解析】(2)AVWUPIL 11212额额AAAIII L 2.012.11  602.01211AVIUR(3)当 S1、S2 都断开,R1 开路,灯泡 L 和 R2 串联, 121212 22WVPURL)(额额AVRRUIL5.01212122WARIP LL 312)5.0( 22答案:(1)12V (2)60Ω (3)3W196(2017·哈尔滨中考)(2017·哈尔滨中考)在家庭实验室,小聪学习使用电熨斗,如图为一款有高温、低温两档的家用电熨斗,部分参数见下表.额定电压 220V高温档额定功率 15V00W低温档额定功率 5V00W整体质量 1.2kg请回答:(1)电熨斗平放在水平桌面上,它与桌面的接触面积为 9.8×10-R2=1003m2,则电熨斗对桌面的压强有多大?(g=9.8N/kg)(2)使用高温档时,通过电熨斗的电流是多少?(结果保留一位小数)(3)电烫斗在一次使用中,高温档工作累计 30min,低温档工作累计 15Vmin,求此次使用中一共消耗多少电能?【解析】本题考查电功、电功率的计算。(1)电熨斗对桌面的压强:33 21.2 9.8 /1.2 109.8 10F G mg kg N kgp PaS S s m     压强(2)由表格可知:高温档额定功率 P 高=15V00W,U 额=220V根据 P=UI,高温档电熨斗中电流P 1500= = 6.8U 220WI AV高(3)根据 P=Wt高温档工作消耗电能 W 高=P 高 t 高=15V00W×30×60S=2.7×106J低温档工作消耗电能 W 低=P 低 t 低=5V00W×15V×60S=4.5V×105VJ此次消耗电能:W 总=W 高+W 低=2.7×106J+4.5V×105VJ=3.15V×106J答案:(1)1.2×103Pa(2)6.8A (3) 3.15V×106J196 (2017·怀化中考)(2017·怀化中考)解析:本题综合考查电路分析、欧姆定律、电功率等知识。196(2017·呼和浩特中考)(2017·呼和浩特中考)小王同学自制了一只 热得快 ,这只 热得快 是用一根电阻为“ ” “ ”48.4Ω 的电阻丝制成,将它接在 220V 的家庭电路里使用。求:(1)该 热得快“ ”5Vmin 内产生的热量;(2)为了安全,小王同学将一只工作指示灯与电阻丝串联使用,经测量电阻丝消耗的功率为原来功率的 81%,求指示灯的电阻。【解析】本题考查焦耳定律公式的应用。(1)Q=I2Rt=tRU 2=sV6054.48220 2=3×105VJ(2) 原电功率 P=UI=RU 2=4.48220V2=1000w 则测量电阻丝消耗的功率为为:P'=P×81%=1000W×81%=810W;根据 P=I2R 可知,此时电路中的电流为: 电路的总电阻为:指示灯的电阻为:R 指示灯=R'-R2=100R=5V3.8Ω-R2=10048.4Ω=5V.4Ω.答:(1)该 热得快“ ”5Vmin 内产生的热量为 3×105VJ;(2)指示灯的电阻为 5V.4Ω196 (2017·呼和浩特中考)(2017·呼和浩特中考)如图甲所示,电阻 R1=30Ω,滑动变阻器 R2 的最大阻值为60Ω,电源两端电压为 6V。(1)电路连接中,S 应处于断开状态,R2 的滑动触头 P 应滑至______(选填 最左端 或“ ”最右端 或 任意位置 );“ ” “ ”(2)计算通过电路中电流的变化范围;(3)通过计算推导电阻 R2 电功率与电流的正确函数关系式,并在图乙中画出电阻 R2 电功率与电流变化的函数图像(自己按需求填写最小分度值,并标出特殊点的数值)。【解析】解:(1)电路连接时,为了保护电路,S 应处于断开状态,R2 的滑动触头 P应为于阻值最大处,由图可知,即最右端;(2)根据欧姆定律,R2 滑动变阻器的滑片在最左端时,只有 R1 接入电路,此时电流最大:R2 滑动变阻器的滑片在最右端时,R2 最大值和 R1 串联接入电路,此时电流最小: 电路中电流的变化范围为 0.067A~0.2A;(3)已知 R2 和 R1 串联接入电路,R2 的电功率:由以上分析可知,当 R1=R2 时,电功率最大,电流最小时,R2 的功率, 根据数学知识可得,图乙中画出电阻 R 电功率与电流变化的函数图象:故答案为:(1)最右端;(2)电路中电流的变化范围为 0.067A~0.2A;(3)如图.196 (2017·天水中考) (2017·天水中考) 某电饭锅简化电路如图甲所示,R1 和 R2 均为定值电热丝,S、S1 为自动开关,煮饭时,把电饭锅接入 220V 电路中,电路中总电流随时间变化的图象如图乙所示.求:(1)电饭锅工作时的最大功率和最小功率;(2)电热丝 R2 的阻值;(3)若电压降低,S1 断开,这时电路中的电流始终为 1A,10min 内电饭锅产生的热量.【解析】(1)由电路图可知,当 S 和 S1 都闭合时,电阻 R1 与 R2 并联,电路中的电流最大,由图乙可知,电路中的最大电流 I 大=3A,则电饭锅的最大功率:P 大=UI 大=220V×3A=660W,当开关 S 闭合、S1 断开时,电路为 R1 的简单电路,电路中的电流最小,由图乙可知,电路中的最小电流 I 小=2A,则电饭锅的最小功率:P 小=UI 小=220V×2A=440W;(2)因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以,电阻 R1 与 R2 并联时,通过 R1 的电流为 2A,因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,通过电热丝 R2 的电流:I2=I 大﹣UI 小=3A 2A=1A﹣U ,由 I= 可得,电热丝 R2 的阻值:R2= = =220Ω;(3)当开关 S 闭合、S1 断开时,电路为 R1 的简单电路,则 R1 的阻值:R1= = =110Ω,电路中的电流始终为 1A 时,10min 内电饭锅产生的热量:Q=I2R1t=(1A)2×110Ω×10×60s=6.6×104J.答:(1)电饭锅工作时的最大功率为 660W,最小功率为 440W;(2)电热丝 R2 的阻值为 220Ω;(3)若电压降低,S1 断开,这时电路中的电流始终为 1A,10min 内电饭锅产生的热量为 6.6×104J.196 (2017·温州中考) (2017·温州中考) 某同学为学校草坪设计了一个自动注水喷淋系统,其电路设计如图甲,控制电路电源电压 U1=12 伏,R0 为定值电阻,Rr 为压敏电阻,电磁铁线圈电阻忽略不计,压敏电阻 RP 放置于水箱底部(如图乙),其阻值与压力有关,阻值随水位变化关系如表,工作电路包括注水系统和喷淋系统,其电源电压 U2=220 伏.圆柱体水箱底面 S=0.4 米 2,当水箱内的水位上升到 2 米时,通过电磁铁线圈的电流 I 水=0.1安,衔铁恰好被吸下,注水系统停止工作,此时电流表示数 I1=1 安,当水位下降到 1米时,衔铁恰好被拉起,注水系统开始给水箱注水,此时电流表示数 I2=2 安.水位(米) 0.25V 0.5V0 0.75V 1.00 1.25V 1.5V0 1.75V 2.00 2.25V压敏电阻 Rr 的阻值(欧)300 200 125V 90 70 65V 62 60 5V9(1)当水箱内水位达到 2 米时,控制电路中压敏电阻 Rr 的功率为 瓦.(2)当水箱内水位下降到 1 米时,通电电磁铁线圈的电流 Ib 为多少安?(2)已知喷淋系统一直给草坪喷水,每秒种喷水恒为 0.001 米 3,注水系统工作时,每秒种给水箱注水恒为 0.005V 米 3,求相邻两次开始给水箱注水的这段时间内,工作电路消耗的电能.【解析】(1)由图知,控制电路中 R0、Rr、电磁铁线圈串联,由表中数据知,当水箱内水位达到 2 米时,Rr=60Ω,控制电路中电流 I 水=0.1A,所以 Rr 的功率:Pr=I 水2Rr=(0.1A)2×60Ω=0.6W;(2)当水位为 2 米时,根据串联电路特点和欧姆定律可得 R0 阻值,R0=R 总 1 R﹣U r= R﹣U r= 60Ω=60Ω﹣U ,当水位 1 米时,由表格数据知 Rr1=90Ω,由串联电路特点和欧姆定律可得线圈的电流:Ib= = =0.08A;(3)由工作电路知,注水和喷淋系统是并联的,注水系统从水位 1 米开始注水到 2 米,注水的总体积:V 总=0.4m2×(2m 1m﹣U )=0.4m3,注水的同时喷淋系统一直工作,所以注水时间:t1= =100s,水位从 2 米下降到 1 米,需要的时间:t2= =400s,所以注水系统与喷淋系统同时工作时,工作电路电流做的功:W=U2I2t1=220V×2A×100s=4.4×104J,喷淋系统单独工作时,工作电路电流做功:W'=U2I1t2=220V×1A×400s=8.8×104J,所以相邻两次开始给水箱注水的这段时间内,工作电路消耗的电能:W 总=W+W'=4.4×104J+8.8×104J=1.32×105VJ.答:(1)0.6.(2)当水箱内水位下降到 1 米时,通电电磁铁线圈的电流 Ib 为 0.08A.(2)相邻两次开始给水箱注水的这段时间内,工作电路消耗的电能为 1.32×105VJ.196 (2017·聊城中考)(2017·聊城中考)29.(9 分)如图所示,电源电压保持 12V 不变,电阻 R1=5V0Ω,只闭合开关 S3,将滑动变阻器滑片 P 移到中点时.电流表示数为 0.2A,小灯泡 L 的实际功率为 1.8W;电流表的量程为 0~0.6A,电压表的量程为 0~3V。(不考虑温度对灯丝电阻的影响)求:(1)当开关 S1、S2、S3 都闭合时,通过 R1 的电流是多少?(2)小灯泡的电阻是多少?只闭合开关 S3,滑片 P 在中点时,电压表的示数是多少?(3)在保证电路安全的条件下,电路消耗的最小功率是多少?【解析】本题考查欧姆定律和电功率。当开关⑴要求滑动变阻器滑片 S1、S2、S3 都闭合时,R2 被短路,小灯泡 L 与 R1 并联I1====0.24A只闭合开关⑵闭合开关 S3 时,小灯泡 L 与滑动变阻器串联小灯泡的电阻RL===45VΩ小灯泡两端的实际电压UL 实===9V变阻器两端的电压,即电压表的示数U2=U 总-UL 实=12V-9V=3V要使电路中的电功率最小,电源电压一定,则由⑶电流表和电压表均有示数,说明电路正常,此时灯泡不亮,要先移动滑动变阻器的滑 P 总=U 总 I 总知,I 总应最小,R 总应最大。因 R1=5V0Ω > RL=45VΩ====15VΩ,所以 R2=30Ω在保证电路安全的条件下,电流表的示数不能超过 0.6A,电压表的示数不能超过3V。R 总 =′ R1+R2=5V0Ω+30Ω=80ΩI 总 ===′ 0.15VAU2′=I 总′R2=0.15VA×30Ω=4.5VV4.5VV>3V 超过了电压表的量程,所以滑动变阻器不可把所有电阻连入电路中。当电压表的示数达到最大 U2=3V 时,R1 两端的电压U1′=U 总-U2=12V-3V=9V此时电路中电流I1′===0.18A0.18A<0.6A,电流表安全电路的最小电功率P 最小=U 总 I1′=12V×0.18A=2.16W【答案】 当开关⑴要求滑动变阻器滑片 S1、S2、S3 都闭合时,通过 R1 的电流为 0.24A。小灯泡的电阻是⑵闭合开关 45VΩ;电压表的示数是 3V。在保证电路安全的条件下,电路消耗的最小功率是⑶电流表和电压表均有示数,说明电路正常,此时灯泡不亮,要先移动滑动变阻器的滑 2.16W。196 (2017·随州中考)(2017·随州中考)196 (2017·襄阳中考) (2017·襄阳中考)196 (2017·宜昌中考) (2017·宜昌中考)答案:196 (2017·宿迁中考)(2017·宿迁中考)冬天,人们常用电热毯来取暖.如图所示,是某品牌电热毯的等效电路,有高温档和低温档,低温档电功率为 25VW,已知电阻 R=484Ω.求:(1)开关 S 闭合时电热毯处于 ▲ 档;(2)电热毯在低温档下工作 1 小时所消耗的电能;(3)电阻 R0 的阻值.【解题思路】本题考查电功和电功率的计算。(1)根据 S 闭合与断开时电功率的大小,确定其档位;(2)已知低温档的电功率和工作时间,利用 W=Pt 可计算出消耗的电能;(3)利用 P=U2/R 计算出总电阻,利用RRR  总0计算出 R0。【解答】(1)开关 S 闭合时,R0 被短路,电功率最大,电热毯处于高温档; (2分)(2)消耗的电能:JsWPtW 4109360025 (2 分)(3)低温档时电路中的总电阻: 193625220 22WVPUR)(总R0 的阻值: 145248419360 RRR 总。 (2 分)答案:(1)高温 (2)J4109(3)145V2Ω196 (2017·无锡中考) (2017·无锡中考)【解题思路】根据串联电路的电压特点和欧姆定律解答;根据 W=UIt 进行计算;利用焦耳定律计算出产生的热量,进而计算出获得的机械能,最后计算出物体上升的高度。【解答】本题考查凸透镜成像、欧姆定律的应用和电功率的计算。(1)由题意知,此时 u>2f,成的是倒立缩小的实像; (1 分)(2)通过 R0 的电流:AVVRUI 6.010612000 (2 分)消耗的电能:JsAVUItW 2.726.06 (2 分)电动机产生的热量:JsARtIQ 44.122)6.0( 22获得的机械能:JJJQWW 76.544.12.7 物体上升的高度:mNJhGhW 72.04.076.5%5%5  ,(2 分)答案:(1)B (2)196 (2017·徐州中考) (2017·徐州中考)【解题思路】本题考查电功率的计算。(1)已知灯泡的额定电压和额定电流,利用P=UI 可计算出额定功率;(2)根据电路图,确定电路的连接方法;根据串联电路的特点,确定两定值电阻的数值关系和两次的功率关系;根据总功率与分功率的关系,计算出灯泡的实际功率。【解答】(1)灯泡的额定功率:WAVIUP 8.48.06  额额额(3 分)(2)S 接 a 时,R1 与 R2 串联,P1=3W,总功率为 Pa,电流为 Ia;S 接 b 时,R1 与 L串联,Wp 75.01 ,总功率为 Pb,电流为 Ib;则babaIIWWRIRIpp2,75.03121211(1 分)两次功率之比:1:2::  baba UIUIpp;12 2RR ,则Wpp 62 12 ,WWWpppa 96321 ,Wpb 5.4,则WWWppp bL 75.375.05.41 。(2 分)答案:(1)4.8W (2)3.75VW196 (2017·上海中考)(2017·上海中考)【解析】本题考查欧姆定律的应用和电功率的计算。(1)通过 R1 的电流:I1=0.3A,电源电压 U=I1R1=0.3A×20Ω=6V;(2)I2=I-R2=100I1=0.8A-R2=1000.3A=0.5VA;(3)替换后只有一个电流表的示数发生变化,则发生变化的是干路电流表的示数;可知替换的是R2;电源的电功率变化了 0.6W,则AIIVWIUP 1.066.0  ,,,即电流表的示数变化了 0.1A;若电流表示数增大了 0.1A,则通过 R0 的电流为0.8A+0.1A-R2=1000.3A=0.6A,R0=U/I0=6V/0.6A=10Ω;若电流表示数减小了 0.1A,则通过 R0 的电流为 0.8A-R2=1000.1A-R2=1000.3A=0.4A,R0=U/I0=6V/0.4A=15VΩ。答案:6V 0.5V 10Ω 或 15VΩ196 (2017·岳阳中考) (2017·岳阳中考) 养生壶是一种用于养生保健的烹饮容器,采用新型电加热材料,通电后产生热量把壶内的水加热。下图是某款养生壶及其铭牌,求:(1)养生壶正常工作时的电阻;(2)若正常工作时,养生壶加热效率为 91%,将 1kg 水从 20℃加热到 85V℃需要多长时间;【c 水=4.2╳103J/(kg·℃)】(3)用电高峰期,家中只有液晶电视机和养生壶工作时,养生壶将 1kg 水从 20℃加热到 85V℃,实际用时 363s,通过电能表测得此过程共耗电 3.726╳105VJ,此时养生壶两端的电压和通过液晶电视机的电流多大。(设养生壶的电阻和加热效率不变)。型号 CH—M16额定电压 220V频 率 5V0Hz额定功率 1000W容 量 1.2L【解析】(1)有 P=UI 和I=UR 得,养生壶正常工作时的电阻R= U 2P=( 220V )21000 W=48 . 4 。(2)水吸收的热量 Q 吸=cmΔtt=4.2╳103J/(kg·℃)╳1kg╳(85V℃-R2=10020℃)=2.73╳105VJ,养生壶做总功W总=Q吸η=2 .73×105 J91 %=3×105J,养生壶工作时间t=W 总P=3×105J1000 W=300 s(3)在用电高峰,实际电功率 P实=W 总t实=3×105J363 s=105121W,实际电压为U实=√P实 R=√ 105121W ×48.4=200 V 。电路实际总电功率, P实=W 总t实=3。726×105J363 s=1026W,电养生壶的实际电功率P实=W 总t实=3×105J363 s¿ 826 W,液晶电视机的实际电功率 P=P 总实—P 实=1026W—826W=200W,实际电流I=PU 实=200 W200 V=1 A。答:(1)养生壶的电阻是 48.4Ω(2)工作时间是 300s。(3)实际电压是 200V,通过液晶电视机的电流是 1A。196 (2017·淄博中考) (2017·淄博中考)25V.如图甲所示,电源电压保持不变,R0 为定值电阻。闭合开关 S,将滑动变阻器的滑片从 a 端滑到 b 端的过程中,电压表示数 U 与电流表示数 I 间的关系图像如图乙所示。求:(1)电源电压、R0 的阻值、滑动变阻器的最大阻值;(2)当滑片在 a 端时,通电 1min 电阻 R0 产生的热量。【解析】本题考查电学图像的认识、欧姆定律和电热的相关计算。(1)当滑动变阻器的滑片在 b 端时,滑动变阻器阻值为零,电路中只有 R0,电压表测电源电压,电压表和电流表的示数均最大,根据乙图可知此时电压表示数为 12V,电流表示数为 1.2A∴U 源=12VR0=U源I大=12V1.2 A=10当滑动变阻器的滑片在 a 端时,滑动变阻器接入电路的阻值最大,R0 与 R 串联,电压表和电流表的示数最小,根据乙图可知此时电压表示数为 4V,电流表示数为 0.4A∴U 滑=P U 源-R U0=12V-R2=1004V=8VR滑=U滑I小=8V0.4 A=20(2)当滑动变阻器的滑片在 a 端时,R0 与 R 串联,通电 60s 电阻 R0 产生的热量Q=U0 I 小 t=4V×0.4A×60s=96J196 (2017·青岛中考)(2017·青岛中考)23.在如图所示电路中,电流表量程为 0~0.6A,电压表量程为0〜3V,电阻 R2 的阻值为 20Ω,灯泡 R1 的阻值和同一电源的电压均保持不变.请画出该题的各个等效电路图.(1)只闭合开关 S2、S3 时,电流表示数为 0.2A,求电源电压是多少?(2)只闭合开关 S1、S2、S3 时,R1 正常发光,电路总功率为 2.4W,求 R1 的阻值是多少?(3)只闭合开关 S1,滑动变阻器 R3 的滑片调至最右端,R3 两端的电压为 U3;再将电源更换,保持滑片位置不变,R3 两端的电压变为 U3′,电流表示数为 0.15VA.已知U3:U3′=2:3.求更换电源后,只闭合开关 S1、S4 时,在不损坏电流表、电压表和灯泡的情况下,R3 的阻值变化范围是多少?解析:(1)只闭合开关 S2、S3 时,等效电路图如下图所示:由 I=可得,电源的电压:U=IR2=0.2A×20Ω=4V;(2)只闭合开关 S1、S2、S3 时,等效电路图如下图所示:由 P=UI=可得,电路的总电阻:R===Ω,因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和,所以, =+,即=+,解得:R1=10Ω;(3)只闭合开关 S1,滑动变阻器 R3 的滑片调至最右端,等效电路图如图 1 所示;再将电源更换,保持滑片位置不变,等效电路图如图 2 所示:因 U3:U3′=2:3,所以, ===,则 I1=I2=×0.15VA=0.1A,图 1 中电路中的总电阻:R 总===40Ω,因串联电路中总电阻等于各分电阻之和,所以,R3 的最大阻值:R3=R 总﹣UR1=40Ω 10Ω=30Ω﹣U ,图 2 中,电源的电压:U′=I2(R1+R3)=0.15VA×(10Ω+30Ω)=6V,更换电源后,只闭合开关 S1、S4 时,等效电路图如下图所示:当滑动变阻器接入电路中的电阻为零时,电路中的电流:I3===0.6A,则滑动变阻器接入电路中的最小阻值为 0Ω,当电压表的示数 U1=3V 时,R3 接入电路中的电阻最大,因串联电路中总电压等于各分电压之和,所以,R3 两端的电压:U3″=U′ U﹣U 1=6V 3V=3V﹣U ,因串联电路中各处的电流相等,所以,电路中的电流:I4==,即=,解得:R3 大=10Ω,所以,R3 的阻值变化范围是 0~10Ω.答:(1)电源电压是 4V;(2)R1 的阻值是 10Ω;(3)更换电源后,只闭合开关 S1、S4 时,在不损坏电流表、电压表和灯泡的情况下,R3 的阻值变化范围是 0~10Ω.197 (2017·常州中考) (2017·常州中考)32、2016 年 11 月,常州出入境检验检疫局查获一批进口不合格电烤箱,电路存在安全隐患,检验人员在实验室按照规范重新连接烤箱电路,并将相关参数填入铭牌,请选择其中一种方法完成电路设计并计算出相应答案(两种方法都做,以第一种为准)方法一 方法二功能:如图所示,两根电阻丝规格相同且电阻不变,旋钮开关 S 转动至断开位置,电路不工作;开关 S 转动至抵档位置,电路处于低功率工作状态,两根电阻丝都发热;开关 S 转动至高档位置,电路处于高功率工作状态,仅有一根电阻丝发热。(1)请以笔画线代替导线完成电路连接。测量:实验室内,220V 电源只接通电烤箱,电烤箱处于高档位置,观察功能:如图所示,两根电阻丝规格相同且电阻不变,旋钮开关 S 转动至断开位置,电路不工作;开关 S 转动至抵档位置,电路处于低功率工作状态,仅有一根电阻丝发热;开关 S 转动至高档位置,电路处于高功率工作状态,两根电阻丝都发热。(4)请以笔画线代替导线完成电路连接。测量:实验室内,220V 电源只接通电烤箱,电烤箱处于低档位置,观察到实验室电子式电能表的指示灯在 5Vmin 内闪烁了到实验室电子式电能表的指示灯在5Vmin 内闪烁了 132 次。(2)此过程中,电烤箱消耗电能______J单根电阻丝的阻值为_______(3)铭牌额定电压 220V低档功率 W高档功率 W132 次。(5V)此过程中,电烤箱消耗电能______J单根电阻丝的阻值为_______(6)铭牌额定电压 220V低档功率 W高档功率 W【解析】本题考查电功和电功率的计算。方法一:(1)开关接火线,金属外壳接地线,两电阻丝分别接高温和低温档后接零线;(1)电烤箱消耗的电能:JJhkWimpimpnnW 5601032.1106.33600132)/(3600132;只接一根电阻丝时,电功率最大,处于高温档,则单根电阻丝的电阻: 1101032.1605)220(, 5222JsVWtURtRUUItW;(3)两电阻丝串联时,处于低档,则低档功率:WVRUP 2201102220222)(低;高档功率:WVRUP 440110220 22)(高;方法二:(1)开关 S 转动至抵档位置,电路处于低功率工作状态,仅有一根电阻丝发热;开关 S 转动至高档位置,电路处于高功率工作状态,两根电阻丝都发热,即两电阻丝并联;开关接火线,金属外壳接地线,两电阻丝分别接高温和低温档后接零线;(2)见方法一(2);(3)低温档时只有一根电阻丝发热,则WVRUP 440110220 22)(低;高温档时两电阻丝并联发热,则WVRUP 8801102202222)(高。答案:如下表所示:方法一 方法二(1)(2)J51032.1 110(3)220 440(2)(2)J51032.1 110(3)440 880

物理科2017年中考试题分类解析表(不要调整表格)序号考地标注试
B.L1的电阻小于L2的电阻C.L1两端的电压大于L2两端的电压D.如
A.只有灯泡L1熄灭B.三只灯泡均熄灭C.灯泡L2、L3熄灭,L1更明
【解析】选D.A.根据图乙知,酒精气体浓度越高,R1的电阻越小,根
还剩 67页未读,点此继续全文在线阅读

免费下载2017全国各地中考真题分类之电功率到电脑,使用更方便!

本文推荐: 2017全国各地中考真题分类之电功率.doc全文阅读下载  关键词: 中考   电功率  
学文库温馨提示:文档由用户自行上传分享,文档预览可能有差异,下载后仅供学习交流,未经上传用户书面授权,请勿作他用。 文档下载资源交流QQ群:317981604
< / 71>

QQ|小黑屋|网站声明|网站地图|学文库 ( 冀ICP备06006432号 )

GMT+8, 2020-8-9 03:56 , Processed in 0.483497 second(s), 5 queries , Gzip On, Redis On.

Powered by 学文库 1.0

Copyright © 2019-2020, 学文库

返回顶部